《2020年广东省高考化学试卷(新课标Ⅰ)(共19页)》由会员分享，可在线阅读，更多相关《2020年广东省高考化学试卷(新课标Ⅰ)(共19页)（23页珍藏版）》请在金锄头文库上搜索。
1、精选优质文档-倾情为你奉上2020年广东省高考化学试卷（新课标）一、选择题：本题共7小题，每小题6分，共42分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1. 国家卫健委公布的新型冠状病毒肺炎诊疗方案指出，乙醚、75%乙醇、含氯消毒剂、过氧乙酸(CH3COOOH)、氯仿等均可有效灭活病毒。对于上述化学药品，下列说法错误的是（ ） A.CH3CH2OH能与水互溶B.NaClO通过氧化灭活病毒C.过氧乙酸相对分子质量为76D.氯仿的化学名称是四氯化碳【答案】D【考点】相对分子质量及其计算电子式、化学式或化学符号及名称的综合【解析】ACH3CH2OH与水分子间能形成氢键，并且都是极性分子；
2、BNaClO具有强氧化性；C过氧乙酸的结构简式为CH3COOOH；D氯仿的化学名称是三氯甲烷。【解答】ACH3CH2OH与水分子间能形成氢键，并且都是极性分子，所以CH3CH2OH能与水以任意比互溶，故A正确；BNaClO具有强氧化性，通过氧化能灭活病毒，故B正确；C过氧乙酸的结构简式为CH3COOOH，相对分子质量为122+4+16376，故C正确；D氯仿的化学名称是三氯甲烷，不是四氯化碳，故D错误；2. 紫花前胡醇（）可从中药材当归和白芷中提取得到，能提高人体免疫力。有关该化合物，下列叙述错误的是（ ） A.分子式为C14H14O4B.不能使酸性重铬酸钾溶液变色C.能够发生水解反应D.能够
3、发生消去反应生成双键【答案】B【考点】有机物的结构和性质【解析】A、分子中14个碳原子，不饱和度为8；B、分子中含有碳碳双键和羟基直接相连碳上有氢原子；C、分子中含有酯基，能发生水解；D、与OH相连的C的邻位C上有一种H可发生消去反应；【解答】A、分子的不饱和度为8，则氢原子个数为：142+28214，四个氧原子，所以分子式为：C14H14O4，故A正确；B、分子中含有碳碳双键和羟基直接相连碳上有氢原子，所以能使酸性重铬酸钾溶液变色，故B错误；C、分子中含有能发生水解酯基，则紫花前胡醇能水解，故C正确；D、与OH相连的C的邻位C上有一种H可发生消去反应，生成双键，故D正确；3. 下列气体去除杂
4、质的方法中，不能实现目的的是（ ）气体（杂质）方法ASO2(H2S)通过酸性高锰酸钾溶液BCl2(HCl)通过饱和的食盐水CN2(O2)通过灼热的铜丝网DNO(NO2)通过氢氧化钠溶液A.AB.BC.CD.D【答案】A【考点】物质的分离、提纯和除杂的基本方法选择与应用【解析】除杂的原则是不引入新的杂质，不减少要提纯的物质，操作简单，绿色环保。ASO2具有还原性，易被酸性高锰酸钾溶液氧化为硫酸；B饱和食盐水可以减少氯气的溶解量；CN2(O2)利用化学性质的差异，铜与氧气反应，；D.2NO2+2NaOHNaNO2+NaNO3+H2O，NO为不成盐氧化物，【解答】ASO2被酸性高锰酸钾溶液氧化为硫酸
5、，故A错误；BCl2(HCl)利用溶解性的差异，除去HCl，故B正确；CN2(O2)利用化学性质的差异，铜与氧气反应，不与氮气反应，达到除杂目的，故C正确；DNO2可以与NaOH发生反应：2NO2+2NaOHNaNO2+NaNO3+H2O，NO与NaOH溶液不能发生反应；尽管NO可以与NO2一同跟NaOH发生反应：NO+NO2+2NaOH=2NaNO2+H2O，但由于杂质的含量一般较少，所以也不会对NO的量产生较大的影响，故D正确；4. 铑的配合物离子Rh(CO)2I2可催化甲醇羰基化，反应过程如图所示。下列叙述错误的是（ ） A.CH3COI是反应中间体B.甲醇羰基化反应为CH3OH+CO=
6、CH3CO2HC.反应过程中Rh的成键数目保持不变D.存在反应CH3OH+HI=CH3I+H2O【答案】C【考点】氧化还原反应配合物的成键情况【解析】A、由图可知，铑的配合物离子(Rh(CO)3I3CH3生成CH3COI，CH3COI继续与H2O反应生成HI和CH3CO2H；B、由图可知发生的反应依次为：CH3OH+HI=CH3I+H2O，+CH3I，+CO，CH3COI+，CH3COI+H2OHI+CH3CO2H，6个反应依次发生；C、由图可以看出Rh的成键数目由46564变化；D、由B分析及图中箭头方向判断出此步反应。【解答】A、由图可知，铑的配合物离子(Rh(CO)3I3CH3生成CH3
7、COI，CH3COI继续与H2O反应生成HI和CH3CO2H，所以CH3COI是反应中间体，故A正确；B、由图可知发生的反应依次为：CH3OH+HI=CH3I+H2O，+CH3I，+CO，CH3COI+，CH3COI+H2OHI+CH3CO2H，6个反应依次发生，6个反应方程式相加和，消去中间产物得出总反应：CH3OH+CO=CH3CO2H，故B正确；C、由图可以看出Rh的成键数目由4变为6再变为5再变为6再变为4，依次循环，故C错误；D、由B分析，按照箭头方向可知：CH3OH和HI反应生成CH3I和H2O，反应方程式为：即CH3OH+HI=CH3I+H2O，故D正确；5. 1934年约里奥-
8、居里夫妇在核反应中用粒子（即氦核24He）轰击金属原子ZWX，得到核素Z+230Y，开创了人造放射性核素的先河：ZWX+24HeZ+230Y+01n其中元素X、Y的最外层电子数之和为8下列叙述正确的是（ ） A.ZWX的相对原子质量为26B.X、Y均可形成三氯化物C.X的原子半径小于Y的D.Y仅有一种含氧酸【答案】B【考点】原子结构与元素周期律的关系【解析】由ZWX+24HeZ+230Y+01n及质量守恒可知，W30+1427，X、Y的最外层电子数之和为8，X的最外层电子数为822=3，金属原子ZWX的质量数为27、且位于A族，Z13符合题意，则X为Al；Y的最外层电子数为835，质子数为13
9、+215，Y为P，以此来解答。【解答】由上述分析可知X为Al、Y为P，AW为27，X原子的相对原子质量为27，故A错误；BX、Y可形成三氯化物分别为AlCl3、PCl3，故B正确；C同周期从左向右原子半径减小，则X的原子半径大于Y的半径，故C错误；DY的含氧酸有磷酸、偏磷酸等，故D错误；6. 科学家近年发明了一种新型ZnCO2水介质电池。电池示意图如图，电极为金属锌和选择性催化材料。放电时，温室气体CO2被转化为储氢物质甲酸等，为解决环境和能源问题提供了一种新途径。下列说法错误的是（ ） A.放电时，负极反应为Zn2e+40H=Zn(OH)42B.放电时，1molCO2转化为HCOOH，转移的
10、电子数为2molC.充电时，电池总反应为2Zn(OH)42=2Zn+O2+40H+2H2OD.充电时，正极溶液中OH浓度升高【答案】D【考点】电解池的工作原理及应用【解析】电极为金属锌放电时，由图示知负极反应为Zn2e+40H=Zn(OH)42，温室气体CO2被转化为储氢物质甲酸为还原反应，充电时阳极生成氧气，阴极发生还原反应生成锌，据此答题。【解答】A放电时，金属锌做负极生成Zn(OH)42，负极反应为Zn2e+40H=Zn(OH)42，故A正确；B放电时，CO2中碳的化合价为+4价，HCOOH中碳的化合价+2，1molCO2转化为HCOOH，降低2价，转移的电子数为2mol，故B正确；C充
11、电时，阳极电极反应：2H2O4e4H+O2，阴极反应：Zn(OH)42+2e=Zn+40H，电池总反应为2Zn(OH)42=2Zn+O2+40H+2H2O，故C正确；D充电时，阳极（原电池的正极）电极反应：2H2O4e4H+O2，溶液中H+浓度增大，溶液中c(H+)c(OH)KW，温度不变时，KW不变，因此溶液中OH浓度降低，故D错误；7. 以酚酞为指示剂，用0.1000molL1的NaOH溶液滴定20.00mL未知浓度的二元酸H2A溶液。溶液中，pH、分布系数随滴加NaOH溶液体积VNaOH的变化关系如图所示。比如A2的分布系数:(A2)=c(A2)c(H2A)+c(HA)+c(A2)下列叙
12、述正确的是（ ） A.曲线代表(H2A)，曲线代表(HA)B.H2A溶液的浓度为0.2000molL1C.HA的电离常数Ka1.0102D.滴定终点时，溶液中c(Na+)c(H+)，溶液中的电荷守恒，c(H+)+c(Na+)2c(A2)+c(OH)+c(HA)，则c(Na+)2c(A2)+c(HA)，故D错误；二、非选择题：共58分。第810题为必考题，每个试题考生都必须作答。第1112题为选考题，考生根据要求作答。（一）必考题：共43分。 钒具有广泛用途。黏土钒矿中，钒以+3、+4、+5价的化合物存在，还包括钾、镁的铝硅酸盐，以及SiO2、Fe3O4采用以下工艺流程可由黏土钒矿制备NH4VO3。该工艺条件下，溶液中金属离子开始沉淀和完全沉淀的pH如下表所示：金属离子Fe3+Fe2+Al3+Mn2+开始沉淀pH1.97.03.08.1完全沉淀pH3.29.04.710.1
