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1、2015年山东省威海市文登市高考物理二模试卷一、选择题（共7小题，每个小题给出的四个选项中，有的只有一个选项符合题意，有的有多个选项符合题意，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分）1（6分）（2015文登市二模）在竖直放置的平底圆筒内，放置两个半径相同的刚性球a和b，球a质量大于球b放置的方式有如图甲和图乙两种不计圆筒内壁和球面之间的摩擦，对有关接触面的弹力，下列说法正确的是（） A 图甲圆筒底受到的压力大于图乙圆筒底受到的压力 B 图甲中球a对圆筒侧面的压力小于图乙中球b对侧面的压力 C 图甲中球a对圆筒侧面的压力大于图乙中球b对侧面的压力 D 图甲中球a对圆筒侧面的压力等于
2、图乙中球b对侧面的压力【考点】： 共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用【专题】： 共点力作用下物体平衡专题【分析】： 以两球整体为研究对象判断桶底对球的弹力，以上面球为研究对象判断侧壁对球的弹力大小【解析】： 解：A、以AB整体为研究对象，受力分析，受重力、支持力和两侧的支持力，根据平衡条件，桶底对两个球整体的重力，故图甲圆筒底受到的压力等于图乙圆筒底受到的压力，故A错误；B、C、D、以AB整体为研究对象，受力分析，受重力、底面的支持力和两侧的两个支持力，根据平衡条件，两侧的两个支持力是相等的；再以上面球为研究对象受力分析，根据平衡条件运动合成法，如下图：由几何知识可知：N桶=，故侧
3、壁的弹力与上面球的重力成正比，由于球a质量大于球b，故乙图中两侧的弹力较大；故B正确，CD错误；故选：B【点评】： 本题考查受力分析及平衡条件的应用，灵活选取研究对象，即隔离法还是整体法是关键2（6分）（2015文登市二模）A、B两物体分别在水平恒力F1和F2的作用下沿水平面运动，先后撤去F1、F2后，两物体最终停下，它们的vt图象如图所示已知两物体与水平面间的滑动摩擦力大小相等则下列说法正确的是（） A A、B两物体的质量之比为2：1 B F1、F2对A、B两物体做功之比为1：2 C 全过程中A、B两物体的位移之比为1：2 D 全过程中A、B克服摩擦力做功之比为2：1【考点】： 功的计算【专
4、题】： 功的计算专题【分析】： 根据速度与时间的图象可知，各段运动的位移关系之比，同时由牛顿第二定律可得匀减速运动的加速度之比，再由动能定理可得出拉力、摩擦力的关系，及它们的做功关系【解析】： 解：A、由速度与时间图象可知，两个匀减速运动的加速度之比为1：2，由牛顿第二定律可知：A、B受摩擦力大小相等，所以A、B的质量关系是2：1，故A正确；B、由速度与时间图象可知，A、B两物体加速与减速的位移相等，且匀加速运动位移之比1：2，匀减速运动的位移之比2：1，由动能定理可得：A物体的拉力与摩擦力的关系，F1Xf13X=00；B物体的拉力与摩擦力的关系，F22Xf23X=00，因此可得：F1=3f1
5、，F2=f2，f1=f2，所以F1=2F2全过程中摩擦力对A、B做功相等，F1、F2对A、B做功之大小相等故BD错误C、在vt图象中与时间轴所围面积即为位移，所围面积相同，故为1：1，故C错误故选：A【点评】： 解决本题的关键通过图象得出匀加速运动和匀减速运动的加速度，根据牛顿第二定律，得出两个力的大小之比，以及知道速度时间图线与时间轴所围成的面积表示位移，并运用动能定理3（6分）（2015文登市二模）近几年我国在航空航天工业上取得了长足的进步，既实现了载人的航天飞行，又实现了航天员的出舱活动如图所示，在某次航天飞行实验活动中，飞船先沿椭圆轨道1飞行，后在远地点343千米的P处点火加速，由椭圆
6、轨道1变成高度为343千米的圆轨道2下列判断正确的是（） A 飞船由椭圆轨道1变成圆轨道2的过程中机械能不断减小 B 飞船在圆轨道2上时航天员出舱前后都处于失重状态 C 飞船在此圆轨道2上运动的角速度小于同步卫星运动的角速度 D 飞船在椭圆轨道1上的运行周期小于沿圆轨道2运行的周期【考点】： 人造卫星的加速度、周期和轨道的关系【专题】： 人造卫星问题【分析】： 飞船在飞行过程中只受地球万有引力作用，机械能守恒；运行过程，万有引力提供向心力，有牛顿第二定律或开普勒第三定律确定周期大小关系，飞船处于完全失重状态【解析】： 解：A、飞船由椭圆轨道1变成圆轨道2的过程，要在P点加速然后改做圆轨道2的运
7、动，故中机械能要增大，故A错误；B、飞船在圆轨道2无动力飞行时，航天员出舱前后都处于失重状态，故B正确；C、圆轨道2高度为343千米，而同步卫星的轨道高度为3.6104km，由万有引力提供向心力可得，故r越大越小，故C错误；D、由C分析可得，轨道半径越大，角速度越小，周期越长，故飞船在圆轨道2上的运行周期大于沿椭圆轨道1运行的周期，故D正确故选：BD【点评】： 圆形轨道上，航天器受到的万有引力提供航天器做圆周运动的向心力，即万有引力产生的加速度等于向心加速度，无论航天器是否做圆周运动，空间某点航天器无动力飞行时的加速度即为万有引力加速度，此加速度只跟物体轨道半径有关，与运动状态无关4（6分）（
8、2015文登市二模）如图所示，有一正方体空间ABCDEFGH，则下面说法正确的是（） A 若只在A点放置一正点电荷，则电势差UBCUHG B 若只在A点放置一正点电荷，则B、H两点的电场强度大小相等 C 若只在A、E两点处放置等量异种点电荷，则C、G两点的电势相等 D 若只在A、E两点处放置等量异种点电荷，则D、F两点的电场强度大小相等【考点】： 电势差与电场强度的关系；电场强度【专题】： 电场力与电势的性质专题【分析】： 本题重点考查了匀强电场的理解：在匀强电场中平行且相等的线段之间电势差相等同时注意电场线和等势线是垂直的【解析】： 解：A、B、若A点放置一正点电荷，由图中的几何关系可知，B
9、C之间的电场强度要大于HG之间的电场强度，结合它们与A之间的夹角关系可得电势差UBCUHG，故A错误；B、若A点放置一正点电荷，由于B与H到A的距离不相等，使用B、H两点的电场强度大小不相等故B错误；C、C、若在A、E两点处放置等量异种点电荷，则AE连线的垂直平分平面是等势面，等势面两侧的点，一定具有不同的电势，使用C、G两点的电势一定不相等故C错误；D、若在A、E两点处放置等量异种点电荷，等量异种点电荷的电场具有对称性，即上下对称，左右对称，D与H上下对称，所以电场强度大小相等；H与F相对于E点一定位于同一个等势面上，所以H与F两点的电势相等，则D、F两点的电场强度大小相等故D正确故选：D【
10、点评】： 本题从比较新颖的角度考查了学生对点电荷的电场与等量异种点电荷的电场的理解，因此一定从多个角度理解匀强电场的特点，多训练以提高理解应用能力5（6分）（2015文登市二模）一理想变压器原、副线圈的匝数比为44：1，原线圈输入电压的变化规律如图甲所示，副线圈所接电路如图乙所示，P为滑动变阻器的触头下列说法正确的是（） A 副线圈输出电压的频率为50Hz B 副线圈输出电压的有效值为5V C P向左移动时，副线圈中的电阻R消耗的功率增大 D P向左移动时，变压器的输入功率减小【考点】： 变压器的构造和原理；电功、电功率；正弦式电流的图象和三角函数表达式【专题】： 交流电专题【分析】： 根据瞬
11、时值表达式可以求得输出电压的有效值、周期和频率等，再根据电压与匝数成正比即可求得结论【解析】： 解：A、由图象可知，交流电的周期为0.02s，所以交流电的频率为50Hz，所以A正确B、原线圈的电压的最大值为311V，根据电压与匝数成正比可知，所以副线圈的电压的最大值为V，所以电压的有效值为U=5V，所以B正确C、P左移，R变大，原副线的电流都变小而电压不变，故副线圈消耗功率减小，RR消耗的功率减小，故C错误D正确故选：ABD【点评】： 电路的动态变化的分析，总的原则就是由部分电路的变化确定总电路的变化的情况，再确定其他的电路6（6分）（2015文登市二模）如图，表面光滑的固定斜面顶端安装一定滑
12、轮，小物块A、B用轻绳连接并跨过滑轮（不计滑轮的质量和摩擦）初始时刻，A、B处于同一高度并恰好处于静止状态剪断轻绳后A下落、B沿斜面下滑下列说法正确的是（） A 两物块的质量相等 B 两物块落地时重力做功的功率不同 C 从剪断轻绳到物块着地，两物块所用时间不等 D 从剪断轻绳到物块着地，两物块重力势能的变化量相同【考点】： 功率、平均功率和瞬时功率【专题】： 功率的计算专题【分析】： 根据平衡得出两物块质量的关系，抓住落地时速度大小相等，结合瞬时功率的公式比较落地时两物块重力瞬时功率的大小关系根据加速度不同比较运动的时间根据下降的高度相同比较重力势能的变化量【解析】： 解：A、刚开始AB处于静
13、止状态，所以有mBgsin=mAg，则mBmA，故A错误B、剪断轻绳后A自由下落，B沿斜面下滑，AB都只有重力做功，根据机械能守恒定律得：mgh=，速度大小v=，则A重力的功率，B重力的功率，可知PA=PB，故B错误C、因为落地的速度大小相等，加速度不等，根据速度时间公式知，运动的时间不等，故C正确D、下降的高度相同，重力大小不等，则重力势能变化量不同，故D错误故选：C【点评】： 本题考查了共点力平衡、机械能守恒、功率的基本运用，通过平衡得出A、B的质量关系是解决本题的关键，注意瞬时功率等于力与速度以及之间夹角余弦的乘积7（6分）（2015文登市二模）如图所示，两根足够长的光滑金属导轨竖直放置
14、，间距为L，底端接阻值为R的电阻将质量为m的金属棒悬挂在一个上端固定的绝缘轻弹簧下端，金属棒和导轨接触良好，除电阻R外其余电阻不计，导轨所在平面与一匀强磁场垂直，静止时金属棒位于A处，此时弹簧的伸长量为l现将金属棒从弹簧原长位置由静止释放，则（） A 轻弹簧的劲度系数为 B 电阻R中电流最大时，金属棒在A处下方的某个位置 C 金属棒在最低处时弹簧的拉力一定小于2mg D 从释放到金属棒最后静止的过程中，电阻R上产生的热量为mgl【考点】： 导体切割磁感线时的感应电动势；焦耳定律【专题】： 电磁感应与电路结合【分析】： 释放瞬间金属棒只受重力，加速度为g当金属棒的速度最大时，感应电流最大，此时金
15、属棒所受的合力为零，与没有磁场进行比对，根据简谐运动的对称性分析速度最大的位置，及金属棒在最低处时加速度大小与g的关系，即可得到此处弹簧的拉力与2mg的关系金属棒最后静止在A处，从释放到金属棒最后静止的过程中，其重力势能减小，转化成内能和弹簧的弹性势能【解析】： 解：A、静止时金属棒位于A处，此时弹簧的伸长量为l，即mg=kl，轻弹簧的劲度系数为，故A正确；B、若没有磁场，金属棒回到A处时速度最大，有磁场时，由于电磁感应产生感应电流，金属棒将受到安培阻力作用，则在A处上方速度达到最大，此时感应电流最大故B错误C、若没有磁场，金属棒做简谐运动，根据对称性可知，金属棒在最低处时加速度大小等于g，方向竖直向上，由牛顿第二定律得知，金属棒在最低处时弹簧的拉力等于2mg有磁场时，金属棒还受到安培阻力作用，金属棒向下到达的最低位置比没有磁场时高，加速度应小于g，则弹簧的拉力一定小于
