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1、 第一章 绪 论答案:1仪器分析法灵敏度高。2仪器分析法多数选择性较好。3仪器分析法分析速度较快,利于批量样品分析。4易于使分析工作自动化。5相对误差较大。6设备复杂、价格昂贵,对仪器工作环境要求较高。第二章定性分析1.解:最底浓度 1:G=1:51042.解:检出限量 3.答:应选用(2)1molL-1HCl作洗液,因为HCl含有与氯化物沉淀的共同离子,可以减少洗涤时的溶解损失,又保持一定的酸度条件,避免某些水解盐的沉淀析出,另外HCl为强电解质避免因洗涤剂而引起胶体现象。如果用蒸馏水洗涤,则不具备上述条件,使沉淀的溶解损失太大,特别是PbCl2HNO3不含共同离子,反而引起盐效应而使沉淀溶
2、解度大,NaCl则虽具有共同离子,但不具备酸性条件,所以亦不宜采用。4.解:(1)用NH4Ac溶解PbSO4,而不溶解Hg2SO4 。 (2)用氨水溶解Ag2CrO4,而不溶解Hg2CrO4 。 (3) 用NaOH溶解PbCrO4,而不溶解Hg2CrO4 。(4) 用氨水溶解AgCl,而不溶解PbSO4 。(5) 用HNO3溶解Pb(OH)2,而不溶解AgCl 。(6) 用氨水溶解AgCl, 而不溶解Hg2SO4 。5.答:(1) H2O2+2H+ +2e=2H2O E0=1.77 V Sn4+2e=Sn2+ Eo=0.154 V H2O2是比Sn4+强的氧化剂,所以H2O2可以氧化Sn2+为
3、Sn4+ (2 ) I2(固)+2e=2I- Eo=0.5345 V AsO43-+4H+2e=AsO33-+2H2O Eo=0.559 VI-是比AsO33-强的还原剂,所以NH4I可以还原AsO43-6.答:(1)因为HNO3是强的氧化剂会把组试剂H2S氧化成硫而沉淀。 (2)用H2SO4代替HCl,引入了SO42-,使Ba2+Sr2+Ca2+及Pb2+离子生成硫酸盐沉淀,将妨碍这些离子的分析。(3)用HAc代替HCl,则由于它是弱酸,不可能调至所需要的酸度。7.答:(1)加(NH4)2CO3, As2S3 溶解而HgS不溶。 (2)加稀HNO3, CuS溶解而HgS不溶。 (3)加浓HC
4、l, Sb2S3溶解而As2S3不溶。 (4)加NH4Ac, PbSO4溶解而BaSO4不溶。(5)加氨水,Cd(OH)2溶解而Bi(OH)3不溶。(6)加氨水,Cu(OH)2溶解而Pb(OH)2不溶。(7)加Na2S,SnS2溶解而PbS不溶。(8)加Na2S,SnS2溶解而SnS不溶。(9)加稀HCl, ZnS溶解而CuS不溶。(10)加稀HCl, MnS溶解而Ag2S不溶。(11)与组试剂作用,生成黄色沉淀,此沉淀一部分溶于Na2S,另一部分不溶,仍为黄色。8.答: (1)容易水解的离子如:Bi3+Sb(III)Sn(II)Sn(IV)存在。 (2)可知Hg2+不存在。(3)生成的硫化物
5、为黄色,则Pb2+Bi3+Cu2+Hg2+不存在。根据以上判断,可知,有:Cd2+Sn(IV)As(III)As(V)也可有Sb(III)Sb(V)存在。9.答:(1)在第三组离子的沉淀中,Al(OH)3和Cr(OH)3属于两性氢氧化物,酸度高时沉淀不完全,酸度太低又容易形成偏酸盐而溶解。另一方面当pH10时,部分的Mg2+生成Mg(OH)2沉淀。实验证明控制在pH=9.0 ,为沉淀第三组离子最适宜的条件,在沉淀本组离子的过程中,随着反应的进行,溶液pH降低。因此加入NH3-NH4Cl 缓冲溶液来保持pH=9.0 。(2)(NH4)2S放置太久,部分S2-可被氧化成SO42-。氨水放置太久,会
6、吸收空气中的CO2产生CO32-,固而使第四组的Ba2+Sr2+Ca2+ 部分沉淀于第三组。所以,必须使用新配制的(NH4)2S和氨水。10.答:(1)加过量氨水,则Co(OH)2生成Co(NH3)62+溶解,而Al(OH)3不溶。(2)加适当过量的NaOH,则Zn(OH)2生成ZnO22-溶解,而Fe(OH)3不溶。(3)加适当过量的NaOH,则Zn(OH)2生成ZnO22-溶解,而Ni(OH)2不溶。(4)加适当过量的NaOH,则Cr(OH)3生成CrO2- 溶解,而Co(OH)2不溶。(5)加过量氨水,则Ni(OH)2生成Ni(NH)62+溶解,而Al(OH)3不溶。11.解: (1)有
7、色离子不存在,如:Fe3+Fe2+Cr3+Mn2+Co2+ 和Ni2+。(2)表示Al3+也不可能存在。(3)加入组试剂(NH4)2S或TAA得白色沉淀,则又一次证明了Fe3+Fe2+Cr3+Mn2+Co2+ 和Ni2+不存在。由以上推断试样中可能有Zn2+存在。12.解:由(1)可以判断Al3+Cr3+和Fe3+不存在,由(2)可知Fe3+Fe2+Co2+和Ni2+不存在,Mn2+可能存在,由(3)可知Mn2+和Zn2+存在。 综上所述,则存在的离子为Mn2+和Zn2+, 不可能存在的离子为Al3+Cr3+ Fe3+Fe2+Co2+和Ni2+ ;少量Al3+Cr3+ 存在与否不能决定。13.
8、答:分出第三组阳离子的试液含有大量的S2+,S2+易被空气中的氧氧化成SO42+,则使部分Ba2+Sr2+生成难溶解的硫酸盐,影响的分析,所以要立即处理含有第四五组阳离子的试液。处理的方法是:将试液用HAc酸化加热煮沸,以除去H2S。14.答:(1)NH4+与Na3Co(NO2)6生成橙黄色沉淀 (NH4)2NaCo(NO2)6干扰K+ 的鉴定,所以如果氨盐没有除净,则K+便出现过度检出。(2)K+未检出的原因有三:a.酸度条件控制不当。检定K+的反应条件应在中性或弱酸性中进行。如果溶液为强酸性或强碱性,则Co(NO2)63-分解。b.试剂放置过久。试剂久置和日光照射下易发生分解。c.存在其他
9、还原剂或氧化剂。还原剂能将试剂中的Co3+还原为Co2+;氧化剂能将试剂中的NO2-氧化为NO3-。15.答: (1)加碱产生NH3者为NH4Cl 。(2)加BaCl2生成不溶于稀HCl的白色沉淀BaSO4者,为(NH4)2SO4 。(3)加饱和(NH4)2SO4产生白色沉淀的为BaCl2 。(4)加CaCl2生成白色沉淀CaC2O4者,为(NH4)2C2O4 。16.解:(1)既然沉淀为白色,溶液为无色,则有色物质K2CrO4不存在。(2)由(1)得白色沉淀溶于稀HCl。则BaCl2与(NH4)2SO4不可能同时存在,而溶于稀HCl的白色沉淀,必定是草酸盐。所以(NH4)2C2O4肯定存在。
10、(3)试验表明(NH4)2SO4存在,则BaCl2肯定不存在,既然BaCl2不存在,则试验(1)生成的白色沉淀只能是CaC2O4 。所以Ca(NO3)2肯定存在。(4)实验(4)表明MgCl2不存在。 综上所述分析结果为: 存在的物质有:(NH4)2C2O4 (NH4)2SO4 和Ca(NO3)2 ; 不存在的物质有:K2CrO4 BaCl2 MgCl2 ; 存在与否不能判断的为:NaCl 。17.答:由分组实验肯定第一二组阴离子不存在,由挥发性实验和氧化还原试验,肯定NO2-和S2O32-不存在。所以只有NO3-和Ac-不能肯定,还需进行鉴定。18.答:(1)加稀H2SO4有气泡产生,则SO
11、32-S2O32-CO32-S2-NO2-可能存在 (2)在中性溶液中加BaCl2溶液有白色沉淀,则SO42-SO32-S2O32-CO32-PO43-SiO32-可能存在。(3)在稀HNO3存在下加AgNO3溶液有白色沉淀,则Cl-可能存在;Br-I-S2-不可能存在。(4)在稀H2SO4存在下加KI-淀粉溶液无明显变化,则NO2-不可能存在。(5)在稀H2SO4存在下加I2-淀粉溶液无明显变化,则SO32- S2O32- S2-不可能存在。(6)在稀H2SO4酸性条件下加KMnO4紫红色褪去,则SO32-S2O32- Cl-(大量)Br-I-S2-NO2-可能存在。从以上各初步实验结果来看
12、,肯定不存在的阴离子有:Br-I-S2-NO2-SO32-SO32-S2O32- 。所以还应进行分别鉴定的阴离子为:SO42-CO32-PO43-SiO32- Cl-NO3-和Ac-七种阴离子。19.答:第一 二组阳离子的铅盐都难溶于水,既然混合物能溶于水。已经鉴定出有Pb2+,所以第一 二组阳离子可不鉴定。20.答:因为H2SO4与较多的阳离子生成难溶解的硫酸盐沉淀。HAc的酸性太弱,溶解能力差。所以一般不用H2SO4和HAc溶解试样。21.答: (1)试样本身无色,溶于水所得溶液亦无色,则有色离子如:Cu2+Fe3+Fe2+Cr3+Mn2+Co2+ 和Ni2+不可能存在。试样易溶于水,则易
13、水解析出的难溶化合物离子不可能存在。如:Bi3+Sb(III)Sb(V)Sn(II)和Sn(IV)等离子。(2)焰色试验时火焰为黄色,则有Na+存在,其他有明显焰色反应的离子,如:Ba2+Ca2+Sr2+Cu2+K+等离子不可能存在。(3)溶于稀HCl无可觉察的反应,则Ag+Hg22+Pb2+离子不存在,另外在酸性溶液中具有挥发性的阴离子,如:SO32-S2O32-CO32-S2-NO2- 。与酸作用能生成沉淀的SiO3-都不可能存在。(4)试样与浓H2SO4 不发生反应,则能生成难溶性硫酸盐的离子,如:Pb2+Ba2+Sr2+Ca2+(大量)Ag+Hg22+ 等离子不存在。另外证明挥发性阴离
14、子及还原性的I-不存在。(5)与NaOH一起加热不放出 NH3 ,则表示 NH4+不存在。生成有色沉淀的阳离子亦不存在,如:Ag+Hg22+ Cu2+Hg2+Fe3+Fe2+Cr3+Mn2+Co2+ 和Ni2+等离子。(6)在中性溶液中与BaCl2溶液不产生沉淀,则表示第一组阳离子不存在。总括以上分析推断,尚需要鉴定的离子有:阳离子:Cd2+As(III)As(V)Al3+Zn2+Mg2+Na+等离子。阴离子: Cl-Br-NO3-Ac- 等离子。第三章误差和分析数据的处理(答案均已更正)1.答:(1)系统误差中的仪器误差。减免的方法:校准仪器或更换仪器。(2)系统误差中的仪器误差。减免的方法:校准仪器或更换仪器。(3)系统误差中的仪器误差。减免的方法:校准仪器或更换仪器。(4)系统误差中的试剂误差。减免的方法:做空白实验。(5)随机误差。(6)系统误差中的操作误差。减免的方法:多读几次取平均值。(7)过失误差。(8)系统误差中的试剂误差。减免的方法:做空白实验。2.解:因分析天平的称量误差为 。故读数的绝对误差 根据 可得 这说明,两物体称量的绝对误差相等,但他们的相对误差并不相同。也就是说,当被测定的量较大时,相对误差就比较小,测定的准确程度也就比较高。3.解:因滴定管