《山东省滨州市2020届高三第三次模拟考试化学试题 (2)》由会员分享，可在线阅读，更多相关《山东省滨州市2020届高三第三次模拟考试化学试题 (2)（25页珍藏版）》请在金锄头文库上搜索。
1、山东省滨州市2020届高三第三次模拟考试化学试题学校:_姓名：_班级：_考号：_1化学与生产、生活密切相关，下列有关说法错误的是（ ）A改变能源结构，开发利用清洁能源，可防治酸雨B“智慧海洋”引领我国海洋开发走向“深蓝”，大型舰船的底部常镶嵌锌块做负极，防止船底腐蚀C为增强杀菌消毒效果，可将“84消毒液”和酒精混合使用D维生素C具有还原性，食用维生素C含量较高的食物有利于人体对铁元素的吸收【答案】C【解析】【分析】【详解】A改变能源结构，开发利用清洁能源，可减少氮氧化物、二氧化硫的排放，因而可防治酸雨的形成，A正确；B由于金属活动性Zn比Fe强，所以Zn、Fe及海水形成原电池，Zn为负极，首先
2、被氧化，Fe得到保护，就可防止船底被腐蚀氧化，B正确；C“84消毒液”主要成分是NaClO，该物质具有强的氧化性，乙醇具有还原性，乙醇容易被NaClO氧化，导致杀菌消毒能力减弱甚至失去，故不能混合使用，C错误；D人体吸收的铁元素主要是+2价Fe2+，Fe2+极易被氧化，维生素C具有还原性，能防止亚铁离子被氧化，即食用维生素C含量较高的食物有利于人体对铁元素的吸收，D正确；故合理选项是C。2下列实验操作中选用的部分仪器，不合理的是（ ）A配制100 mL0.1 molL-1NaC1溶液，选用、和B盛放NaOH溶液，选用C分离I2的四氯化碳溶液和水，选用、D从食盐水中获得食盐，选用、【答案】B【解
3、析】【分析】【详解】A配制100 mL0.1 molL-1NaC1溶液，要将已经准确称量的NaCl在烧杯中进行溶解，为促进物质溶解要使用玻璃棒搅拌，待溶液冷却至室温后，通过玻璃棒引流转移至已经查漏的100 mL容量瓶中，向容量瓶中加水至凹液面离刻度线12 cm处，用胶头滴管滴加水，直至凹液面与刻度线相切，因此需选用的仪器序号有、和，A合理；BNaOH溶液显碱性，能够与玻璃中的SiO2发生反应产生具有粘性Na2SiO3，将玻璃瓶与玻璃塞粘在一起，因此不能使用玻璃塞，应该使用橡胶塞，B不合理；CI2的四氯化碳溶液和水是互不相溶的两层液体物质，应该使用分液方法分离，把下层液体用烧杯承接，因此使用仪器
4、序号为、，C合理；DNaCl的溶解度受温度的影响变化较小，从食盐水中获得食盐，应该采用蒸发结晶方法，使用仪器有酒精灯、蒸发皿、玻璃棒，故使用仪器序号为、，D合理；综上所述，所用仪器不合理的是B，故选B。3下列化学用语只能用来表示一种微粒的是（ ）ACBCH4OC2s22p6D【答案】B【解析】【分析】【详解】AC可以表示C原子，也可以表示C元素的单质金刚石或石墨，A不符合题意；BCH4O无同分异构体，表示的物质只有甲醇CH3OH，B符合题意；C2s22p6可以表示Ne原子，也可以表示Na+离子或F-等，C不符合题意；D可以表示甲烷CH4，也可以表示硅烷SiH4，D不符合题意；故合理选项是B。4
5、内经曰：“五谷为养，五果为助，五畜为益，五菜为充”。合理膳食，能提高免疫力。下列说法错误的是（ ）A蔗糖水解生成互为同分异构体的葡糖糖和果糖B食用油在酶作用下水解为高级脂肪酸和甘油C苹果中富含的苹果酸HOOCCH(OH)CH2COOH是乙二酸的同系物D天然蛋白质水解后均得到-氨基酸，甘氨酸和丙氨酸两种分子间可生成两种二肽【答案】C【解析】【分析】【详解】A蔗糖水解产物为葡萄糖和果糖，二者分子式均为C6H12O6，互为同分异构体，故A正确；B食用油为油脂，油脂是高级脂肪酸与甘油形成的酯，在体内酶的催化作用下水解，生成高级脂肪酸和甘油，故B正确；C苹果酸含有羟基，乙二酸不含羟基，二者结构不相似，不
6、属于同系物，故C错误；D天然蛋白质都是由氨基酸缩聚而成的，水解均得到-氨基酸；甘氨酸脱去氨基，丙氨酸脱去羟基为一种，甘氨酸脱去羟基、丙氨酸脱去氨基为一种，共两种，故D正确；故答案为C。【点睛】甘氨酸和丙氨酸分子间可以形成两种二肽，甘氨酸和甘氨酸有一种、丙氨酸和丙氨酸有一种，即两种氨基酸可以形成共4种二肽。5NA表示阿伏加德罗常数的值，下列说法正确的是（ ）A0.5 mol雄黄(As4S4，)中共有4NA个共价键B通过核反应Am+Ca288Mc+3n生成2.88 g镆(Mc)，同时产生中子(n)数为0.3NAC100 g 3.4%的过氧化氢溶液中氧原子数为0.2NAD常温常压下，2.8 g由CO
7、与N2组成的混合物中含有的质子总数为1.4NA【答案】D【解析】【分析】【详解】A1个雄黄中含9个共价键，则0.5 mol雄黄中含4.5NA个共价键，A错误；B根据方程式可知每反应产生1 mol288Mc，产生3 mol中子，2.88 g镆(Mc)的物质的量是0.01 mol，则转移电子的数目为0.03 NA，B错误；C在该溶液中除H2O2中含有O原子外，溶剂水中也存在O原子，因此100 g 3.4%的过氧化氢溶液中氧原子数大于0.2NA，C错误；DCO与N2相对分子质量都是28，二者分子中含有的质子数都是14，2.8 g由CO与N2组成的混合物的物质的量是0.1 mol，则其中含有的质子总数
8、为1.4NA，D正确；故合理选项是D。6维纶（聚乙烯醇缩甲醛纤维）可用于生产服装、绳索等。其合成路线如下：下列说法不正确的是A反应是加聚反应B高分子A的链节中只含有一种官能团C通过质谱法测定高分子B的平均相对分子质量，可得其聚合度D反应的化学方程式为：+nHCHO+(2n-1)H2O【答案】D【解析】【分析】【详解】A的结构中含有碳碳双键，因此能发生加聚反应生成A，A的结构为：；A项正确；B由A的结构可知，A的链节中只含有酯基一种官能团，B项正确；C由题可知，A在发生水解后生成B，那么B的结构为：；对于聚合物，其平均相对分子质量=链节的相对质量聚合度，因此，C项正确；D由题可知，维纶的结构为：
9、，维纶是由聚乙烯醇和甲醛缩聚而来，聚乙烯醇的结构为；因此，每生成一个维纶的链节需要2个聚乙烯醇的链节和1分子甲醛发生缩合，脱去1分子水；所以反应的方程式为：nHCHOnH2O；D项错误；答案选D。7已知W、X、Y、Z均为短周期元素，常温下，它们的最高价氧化物对应的水化物溶液(浓度均为0.01molL-1)的pH和原子半径、原子序数的关系如图所示。下列说法正确的是（ ）A化合物X2Y2中含有极性共价键和非极性共价键B简单气态氢化物的热稳定性：YWC简单离子半径：ZYWXD这四种元素中，元素X的第一电离能最小【答案】D【解析】【分析】由图像和题给信息可知，浓度均为0. 01 molL-l的溶液，W
10、、Y、Z的最高价氧化物对应的水化物的pH都小于7，W、Y、Z的最高价氧化物对应的水化物是酸，说明W、Y、Z都是非金属元素，W、Z最高价氧化物对应的水化物的pH=2，为一元强酸，根据原子序数ZW，Z是N，W是Cl；Y的最高价氧化物对应的水化物的pH2，Y的最高价氧化物对应的水化物为二元强酸，为硫酸，Y是S，X的最高价氧化物对应的水化物的pH=12，X的最高价氧化物对应的水化物为一元强碱，X是Na，可以判断出W、X、Y、Z分别为N、Na、S、Cl，由此回答。【详解】A化合物X2Y2为Na2S2，为离子化合物，硫原子之间为非极性共价键，S22-和Na+之间是离子键，A错误；B非金属性越强气态氢化物稳
11、定性越强，氮的电负性大于硫，非金属性强，气态氢化物的稳定性WY，B错误； C电子层数越多，原子或离子的半径越大，电子层数相同时，核电荷数越大，对核外电子的吸引能力越强，半径越小，N3、Na+、S2-、Cl-的半径大小为S2-Cl-N3Na+，即YZWX，C错误； D第一电离能数值越小，原子越容易失去一个电子，四种元素中Na最容易失去最外层电子，元素X的第一电离能最小，D正确；答案选D。【点睛】从图表中得出W、Y、Z都是非金属元素，X是金属元素，具体的pH值可以得出W、Z最高价氧化物对应的水化物的pH=2，为一元强酸，Y的最高价氧化物对应的水化物的pH2，Y的最高价氧化物对应的水化物为二元强酸，
12、为硫酸，需要学生综合应用所学知识，正确推断出元素。8下列实验操作和现象所得出的结论正确的是（ ）选项实验操作实验现象结论A用pH计测同温同浓度的MgCl2和CaCl2溶液的pHpH：MgCl2溶液小于CaCl2溶液金属性：CaMgB用铂丝蘸取少量某无色溶液进行焰色反应火焰呈黄色该溶液一定是钠盐溶液C向蔗糖溶液中加入几滴稀硫酸，水浴加热几分钟，再向其中加入新制的氢氧化铜悬浊液无砖红色沉淀产生说明蔗糖并未水解D向丙烯醛溶液中滴加酸性高锰酸钾溶液酸性高锰酸钾溶液褪色丙烯醛中含有碳碳双键AABBCCDD【答案】A【解析】【分析】【详解】ApH：MgCl2溶液小于CaCl2溶液，说明碱性：Ca(OH)2
13、Mg(OH)2，说明金属性：CaMg，A正确；B焰色反应呈黄色，说明该溶液中含有钠元素，但不一定是钠盐溶液，也可能是NaOH溶液，B错误；C蔗糖水解时加入了稀硫酸，能与新制的氢氧化铜悬浊液反应，从而使氢氧化铜悬浊液溶解并转化为Cu2+，不能被葡萄糖还原为Cu2O，所以即便生成了葡萄糖，也看不到砖红色沉淀，C错误；D丙烯醛的结构简式为CH2=CHCHO，其中，碳碳双键和醛基均能使酸性高锰酸钾溶液褪色，故无法证明丙烯醛中含有碳碳双键，D错误；答案选A。9科研人员提出CeO2催化合成DMC需经历三步反应，示意图如图：下列说法正确的是（ ）ADMC与过量NaOH溶液反应生成CO32-和甲醇BCeO2可
14、有效提高反应物的平衡转化率C、中均有OH的断裂D生成DMC总反应的原子利用率为100%【答案】A【解析】【分析】【详解】ADMC为CH3OCOOCH3，属于酯类，酯在碱性条件下可发生水解：CH3OCOOCH3+2NaOH=2CH3OH+Na2CO3，A正确；BCeO2为催化剂，催化剂只影响化学反应速率，不影响平衡；所以催化剂不能提高反应物的平衡转化率，B错误；C中CH3OH生成CH3O-催化剂，CH3OH中的O-H键断裂；中没有O-H键断裂；CH3OH生成CH3OCOOCH3，CH3OH中的O-H键断裂，C错误；D总反应为：2CH3OH+CO2CH3OCOOCH3+H2O，除了生成DMC外，还生成了水，因此原子利用率不是100%，D错误；故合理选项是A。10工业上用发烟HC1O4将潮湿的CrC13氧化为棕色的烟CrO2(C1O4)2，来除去Cr()，HC1O4中部分氯元素转化为最低价态。下列说法错误的是（ ）ACrO2(C1O4)2中Cr元素显+6价BHC1O4属于强酸，该反应还生成了另一种强酸C该反应中，参加反应的氧化剂与氧化产物的物质的量之比为3：8D该反应离子方程式为19ClO+8Cr3+8OH-=8CrO2(ClO4)2+3C1-+4H2O【答案】D【解析】
