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1、河北省石家庄市2018届高三毕业班9月模拟考试物理试题二、选择题(本题共8小题.每题6分.共计48分。在每小题给出的四个选项中，14-18小题中只有一个选项正确.19-21小题中有多个选项正确.全部选对得6分，选对但不全的得3 分.有选错或不选的得0分)1. “月一地检验”为万有引力定律的发现提供了事实依据。已知地球半径为R，地球中心与月 球中心的距离r=60R，下列说法正确的是A. 卡文迪许为了检验万有引力定律的正确性，首次进行了“月一地检验”B. “月一地检验”表明地面物体所受地球的引力与月球所受地球的引力是不同性质的力C. 月球由于受到地球对它的万有引力而产生的加速度与月球绕地球做近似圆
2、周运动的向心加速度相等D. 由万有引力定律可知，月球绕地球做近似圆周运动的向心加速度是地面重力加速度的【答案】C【解析】牛顿为了检验万有引力定律的正确性，首次进行了“月一地检验”，A错误；“月一地检验”表明地面物体所受地球的引力与月球所受地球的引力是同种性质的力，B错误；月球由于受到地球对它的万有引力面产生的加速度与月球绕地球做近似圆周运动的向心加速度相等，所以证明了万有引力的正确，C正确；物体在地球表面所受的重力等于其引力，则有，月球绕地球在引力提供向心力作用下做匀速圆周运动，则有，联立上两式可得，故，D错误2. 甲、乙两物体在同一水平地面上做直线运动，其运动的v-t图象如图所示，已知乙物体
3、从静止开始做匀加速直线运动。下列说法正确的是A. 甲物体先做匀减速直线运动.后做匀速直线运动B. 在0120s内.乙物体的平均速度大小大于0.5/sC. 在0120s内，甲物体运动的位移大小小于乙物体运动的位移大小D. 乙物体在M点所对应的瞬时速度大小一定大于0.5m/s【答案】D【解析】试题分析：在位移-时间图象中，图线的斜率表示速度，倾斜的直线表示物体做匀速直线运动；图象的交点表示两物体位置相同，平均速度等于位移除以时间3. 如图甲所示，水平传送带沿顺时针方向以恒定速率v0匀速转动，传送带的右侧上方固定一挡板。在t=0时刻，将一滑块轻轻放在传送带的左端.当滑块运动到挡板所在的位置时与挡板发
4、生碰撞，巳知碰撞时间极短，不计碰撞过程的能量损失。某同学画出了滑块从t=0时刻到与挡板第二次碰撞前的v-t图象.如图乙所示，其中可能正确的是A. B. C. D. 【答案】A【解析】试题分析：滑块先在传送带上做初速度为零的匀加速直线运动，然后与挡板碰撞，碰撞后向左做匀减速直线运动直到速度为零，然后向右做匀加速直线运动，再与挡板碰撞；或滑块先向右加速，然后匀速再与挡板碰撞，反向后做减速运动，再向右加速；分析清楚滑块的运动情况，然后分析图示图示答题传送带沿顺时针匀速率转动，滑块轻放在传送带上，滑块先向右做初速度为零的匀加速直线运动，如果传送带足够长，滑块加速到与传送带相同的速度，然后与传送带一起做
5、匀速直线运动，与挡板碰撞后滑块以初速度向左做匀减速直线运动，当速度减为零后再向右做初速度为零的匀加速直线运动，当速度为时与挡板发生第二次碰撞，滑块在传送带上做变速运动时加速度大小相等，由图示可知，图A所示图象符合实际，故A正确4. 如图所示，水平地面上固定两个相同斜面M,、N，斜面上分别放有质量相等的三角形木块A、B.木块A左侧面垂直于斜面，木块B左侧面沿竖直方向。在斜面M、N上分别放上一个相同的光滑球后，木块A、B始终保持静止状态，则放上球后A. 木块A对斜面的压力等于木块B对斜面的压力B. 木块A对斜面的压力大于木块B对斜面的压力C. 木块A受到的摩擦力小于木块B受到的摩擦力D. 木块A受
6、到的摩擦力大于木块B受到的摩擦力【答案】B【解析】以A为研究对象，分析受力，如图所示，由平衡条件得斜面对A的支持力，以B为研究对象，分析受力，由平衡条件得：斜面对B的支持力，则得由牛顿第三定律可知，A木块对斜面的压力大于B木块对斜面的压力故A错误B正确；设小球的质量为m，A、B的质量为M，斜面的倾角为以小球与A整体为研究对象，由平衡条件可得：A木块受到的摩擦力，同理，以小球与B整体为研究对象，得到B木块受到的摩擦力，则，CD错误5. 如图所示，正方体金属盒内有一小球，盒子六面均与小球相切，将金属盒竖直向上抛出，下列说法正确的是A. 若不考虑空气阻力，则小球在上升过程中处于超重状态，在下降过程中
7、处于失重状态B. 若不考虑空气阻力，则小球在上升过程中处于失重状态，在下降过程中处于超重状态C. 若盒子运动过程中受空气阻力不能忽略.在上升过程中盒子顶部对小球有向下的作用力D. 若盒子运动过程中受空气阻力不能忽略.在下降过程中盒子对小球无作用力【答案】C【解析】试题分析：空气阻力可忽略时，先用整体法分析加速度，再对小球分析受力；若空气阻力不能忽略，则根据牛顿第二定律先对整体分析，再对小球受力分析，即可明确盒子对小球的作用力的性质若空气阻力可忽略时，在整个过程中，整体的加速度一直竖直向下，大小为g，故小球一直处于完全失重状态，AB错误；若盒子运动过程中受空气阻力不能忽略，则整体的加速度大于重力
8、加速度，再对小球分析可知，小球的加速度和盒子的加速度相同，所以加速度方向竖直向下，大于g，故小球受到的合力竖直向下并且大于重力，因此盒子顶部对小球有向下的作用力，C正确；若盒子运动过程中受空气阻力不能忽略，在下降过程中加速度小于重力加速度，则对小球分析可知，小球受到合力小于重力，故盒子底部对小球有向上的支持力，故D错误6. 如图所示，甲球从O点以水平速度v1飞出，落在水平地面上的A点。乙球从B点以水平速度v2飞出，落在水平地面上的B点反弹后恰好也落在A点.已知乙球在B点与地面碰撞反弹后瞬间水平方向的分速度不变、竖直方向的分速度方向相反大小不变，不计空气阻力。下列说法正确的是A. 由O点到A点，
9、甲球运动时间与乙球运动时间相等B. 甲球由O点到A点的水平位移是乙球由O点到B点水平位移的3倍C. v1:v2 =3:1D. v1:v2 =2:1【答案】BC【解析】试题分析：平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动，运动的时间由高度决定，初速度和时间共同决定水平位移斜抛运动在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做竖直上抛运动，结合分运动的规律研究设OA间的竖直高度为h由O点到A点，甲球运动时间为乙球运动时间是甲球的3倍，A错误；乙球先做平抛运动，再做斜上抛运动，根据对称性可知，从B到A的水平位移等于从O到B的水平位移的2倍，所以甲球由O点到A点的水平位移是乙球由O点到
10、B点水平位移的3倍，B正确；设乙球由O点到B点水平位移为x，时间为t对甲球有，对乙球有，则得，故C正确D错误7. 海王星是太阳系中距离太阳最远的行员，它的质量为地球质量的P倍，半径为地球半径的n倍，海王星到太阳的距离为地球到太阳距离的k倍.若地球、海王星均绕太阳做匀速圆周运动，忽略星球自转。下列说法正确的是A. 海王星公转周期为年B. 海王星绕太阳做圆周运动线速度大小是地球绕太阳做圆周运动线速度大小的倍C. 海王星绕太阳做圆周运动的向心加速度是地球绕太阳做圆周运动的向心加速度的倍D. 海王星的第一宇宙速度是地球的第一宇宙速度的倍【答案】AD【解析】根据得到周期公式为，海王星到太阳的平均距离为地
11、球到太阳平均距离的k倍，将行星的运动看作是圆周运动，故该行星公转周期为地球公转周期的倍，即年，A正确；根据公式可得，海王星到太阳的平均距离为地球到太阳平均距离的k倍，故该行星的做圆周运动的线速度是地球做圆周运动的线速度的倍，B错误；故根据得到，海王星到太阳的平均距离为地球到太阳平均距离的k倍，故该行星的做圆周运动的加速度是地球做圆周运动的加速度的倍，C错误；根据第一宇宙速度公式，得，故D正确8. 如图所示，在竖直平面内，粗糙的斜面轨道AB的下端与半径R=1.0 m的光滑圆弧轨道BCD相切于B点，C是圆弧轨道最低点，圆心角， D与圆心O等高。现有一个质量m=0.2 kg可视为质点的小物体.从D点
12、的正上方E点处自由下落.DE距离h=1.6 m，小物体与斜面AB之间的动摩擦因数，重力加速度g=10 m/s2，下列说法正确的是A. 小物体第一次通过C点时轨道对刁响体的支持力大小为12.4NB. 要使小物体不从斜面顶端飞出，斜面的长度至少为2.4mC. 若斜面足够长，小物体最终可以停在最低点CD. 若斜面足够长，小物体最终在圆弧底端往复运动【答案】ABD【解析】试题分析：由机械能守恒可求得物体在C点的速度，C点物体做圆周运动，则由牛顿第二定律充当向心力可求得支持力；要使物体不飞出，则到达A点时速度恰为零，则由动能定理可求得AB的长度；由于摩擦力小于重力的分力，则物体不会停在斜面上，故最后物体
13、将稳定在C为中心的圆形轨道上做往返运动，物体从E到C，由机械能守恒得，在C点，由牛顿第二定律得：，联立解得支持力，A正确；从EDCBA过程，由动能定理得，联立解得斜面长度至少为，B正确；因为（或），所以，物体不会停在斜面上物体最后以C为中心，B为一侧最高点沿圆弧轨道做往返运动，D正确C错误9. 某同学利用如图所示的装置“验证力的平行四边形定则”. (1)主要实验步骤如下:将一根橡皮筋的一端固定在贴有白纸的竖直平整木板上，另一端绑上两根细线;在其中一根细线上挂上5个质量相等的钩码，使橡皮筋拉伸。如图甲所示，记录结点O的位置和细线的方向;将5个钩码取下，分别在两根细线上挂上3个和4个与甲图中同样的
14、钩码，用两光滑硬棒A、B使两细线互成角度.如图乙所示.小心调整A、B的位置，使_，并记录两细线的方向. (2)如果不考虑实验误差，图乙中。【答案】结点位置与甲图中结点位置重合(橡皮筋结点回到O点) 【解析】（1）根据合力与两分力的效果相等，可知应使结点位置与甲图中结点位置重合 (橡皮筋结点回到O点)（2）设一个钩码的重力为G，则根据几何知识可得两分力夹角为90，故10. 某同学利用图甲装置探究弹簧的弹性势能Ep与弹策伸长量之间的关系.实验步骤如下:(1)用游标卡尺测量遮光条宽度d，如图乙所示侧最值d=_ mm;(2)按图甲竖直悬挂好轻质弹簧，将轻质遮光条水平固定在弹簧下端，在立柱上固定一指针.
15、标示出弹簧不挂重锤时遮光条下边缘的位置，并测出此时弹簧长度x0;(3)侧址出重锤质量为m，用轻质细线在弹簧下方挂上重锤.测量出平衡时弹赞的长度为x1，并按甲图所示将光电门组的中心线调至与遮光条下边缘同一高度.已知当地重力加速度为g，则此弹簧的劲度系数为_;(4)用手缓慢地将重锤向上托起，直至遮光条恰好回到弹簧原长标记指针的等高处(保持细线竖直)，迅速释放重锤使其无初速下落，光电门组记下遮光条遮光的时间，则此时重锤下落的速度为_.弹簧此时的弹性势能为_(均用题目所给字母符号表示);(5)该同学换上不同质量的重锤，测出多组数据并画出了图象.由图可知弹性势能与弹黄伸长量之间的关系是_.【答案】 (1). 2.50 (2). (3). (4). (5). EP与x2成正比（EP=kx2，k为定值）【解析】（1）遮光条的宽度为（2）根据胡可定律可知，解得（3）由于遮光条非常窄，所以通过光电门的平均速度可近似等于其的瞬时速度，故（4）根据能量守恒定律可知重力势能转化为动能和弹簧的弹性势能，故，解得
