微专题训练19电路故障、含电容器电路的分析1．(单项选择)用电压表检查如图1所示电路中的故障，测得Uad＝5.0V，Ucd＝0V，Ubc＝0V，Uab＝5.0V，则此故障可能是( )．图1A．L断路B．R断路C．R′断路D．S断路分析可按以下表格逐项分析现象结论答案Uad＝5.0Vdcba中止路，其他电路接通综上所述，故Ucd＝0V灯L短路或其他电路某处断路障为R断路，Ubc＝0V电阻R′短路或其他电路某处断路B选项正确Uab＝5.0V滑动变阻器R断路，其他电路接通答案B2．(多项选择)在如图2所示的电路中，因为某一电阻发生断路或短路，使A灯变暗，B灯变亮，则故障可能是()．A．R1短路2断路B．R图2C．R3断路D．R4短路分析因为A灯串通于干路中，且故障发生后，A灯变暗，故可知电路中的总电流变小，即电路总电阻变大，由此推知，故障应该为某一电阻断路，消除A、D选项．若假设R2断路，则其断路后，电路总电阻变大，总电流变小，A灯变暗，同时R2断路必然引起与之并联的B灯中电流变大，使B灯变亮，推理结果和现象切合，应选项B对．若假设R3断路，则也引起总电阻变大，总电流变小，使A灯变暗，同时R3断路后也必引起与之并联的电路中电流增大，B灯中分得的电流也变大，B灯变亮，应选项C对．答案BC3．(单项选择)如图3所示的电路中，电源的电动势为E，内电阻为r，闭合开关S，待电流达到稳固后，电流表示数为I，电压表示数为U，电容器C所带电荷量为Q，将滑动变阻器的滑动触头P从图示地址向a端移动一些，待电流达到稳固后，则与P挪动前对比()．图3A．U变小B．I变小C．Q不变D．Q减小分析当电流稳准时，电容器可视为断路，当P向左滑时，滑动变阻器连入电路的阻值R增大，依据闭合电路欧姆定律得，电路中的电流I＝E2＋r减R＋R小，电压表的示数U＝E－I(R2＋r)增大，A错，B对；关于电容器，电荷量Q＝CU增大，C、D均错．答案B4．(多项选择)在如图4所示的电路中，C为一平行板电容器，闭合开关S，给电容器充电，当电路中电流稳定以后，以下说法正确的选项是( )．A．保持开关S闭合，把滑动变阻器R1的滑片向上滑动，电流表的示数变大，电压表的示数变大B．保持开关C．保持开关R2中有由图4S闭合，不论滑动变阻器R1的滑片能否滑动，都有电流流过R2S 闭合，将电容器上极板与下极板距离略微拉开一些的过程中，b到a的电流D．断开开关S，若此时恰巧有一带电油滴P静止在两平行板电容器之间，将电容器上极板与下极板略微错开一些的过程中，油滴将向上运动分析保持开关S闭合，把滑动变阻器R1的滑片向上滑动，电路中的总电阻变小，电流变大，电流表A的示数变大，由U＝IR3知电压表V的示数变大，A正确；保持开关S闭合，滑动变阻器R1的滑片不滑动，则电容器两极板间的电压不变，R2中没有电流经过，B错误；若保持开关S闭合，拉开电容器两极板之间的距离，电容器的电容变小，两极板间的电压不变，此时电容器放电，R2中有由a到b的电流，C错误；断开开关S，电容器两极板电荷量不变，若将电容器上极板与下极板略微错开一些，电容器的电容变小，由E＝U＝Q知，两极板间场强变大，油滴P将向上运动，D正确．dCd答案AD5．(多项选择)如图5所示的电路中，电源电动势E＝3V，内电阻r＝1Ω，定值电阻R1＝3Ω，R2＝2Ω，电容器的电容C＝100μF，则以下说法正确的选项是()．A．闭合开关S，电路稳固后电容器两端的电压为1.5VB．闭合开关S，电路稳固后电容器所带电荷量为图53.0×10－4CC．闭合开关S，电路稳固后电容器极板a所带电荷量为1.5×10－4CD．先闭合开关，电路稳固后断开开关，经过电阻1的电荷量为3.0×SSR10－4C分析闭合开关S，电路稳固后电流I＝E1＋R2＋r＝0.5A，电容器两端的电R压为U＝IR1＝1.5V，选项A正确；电路稳固后电容器带电荷量为Q＝CU＝－6×1.5C＝1.5×10－4，选项B错误、C正确；先闭合开关，电路100×10CS稳固后断开开关S，电容器C经过电阻R1放电，经过电阻R1的电荷量为1.5×10－ 4C，选项D错误．答案AC6．(2013武·汉名校调研)(多项选择)如图6所示，R是光敏电阻，当它遇到的光照强度增大时( )．A．灯泡L变暗B．光敏电阻R上的电压增大C．电压表V的读数减小图6D．电容器C的带电荷量增大分析光照强度增大时，R的阻值减小，闭合电路的总电阻减小，依据闭合E电路欧姆定律知I＝R＋r＋R灯增大，灯泡L变亮，选项A错误；光敏电阻R上的电压UR＝E－I(r＋R灯)减小，选项B错误；电压表V的读数U＝E－Ir减小，选项C正确；电容器C两端的电压等于灯泡两端的电压，灯泡两端的电压UL＝IR灯增大，所以电容器C的带电荷量Q＝CUL增大，选项D正确．答案CD7．(单项选择)如图7所示，M、N是平行板电容器的两个极板，R0为定值电阻，R1、R2为可调电阻，用绝缘细线将质量为m、带正电的小球悬于电容器内部．闭合开关S，小球静止时遇到悬线的拉力为F.调理R1、R2，关于F的大小判断正确的是( )．A．保持1不变，缓慢增大R2时，F将变大R图71不变，缓慢增大R2时，F将变小B．保持RC．保持2不变，缓慢增大R1时，F将变大RD．保持R2不变，缓慢增大R1时，F将变小分析当电路接通后，对小球受力分析：小球受重力、电场力和悬线的拉力F三个力的作用，此中重力为恒力，当电路稳固后，R1中没有电流，两端等电势，所以电容器两极板电压等于R0两端电压，当R2不变，R1变化时，电容器两极板电压不变，板间电场强度不变，小球所受电场力不变，F不变，C、D两项错．若保持1不变，缓慢增大R2，R0两端电压减小，电容器两端电压R减小，内部电场减弱，小球受电场力减小，F变小．故A项错，B项正确．答案B8．(单项选择)如图8所示，电源两端电压为U＝10V保持不变，R1＝4.0Ω，R2＝6.0Ω，C1＝C2＝30μF.先闭合开关S，待电路稳固后，再将S断开，则S断开后，经过R1的电荷量为( )．－4－4图8CCA．4.2×10B．1.2×10－4C－4C．4.8×10D．3.0×10C分析当开关S闭合，电路达到稳固后，电容器C2两端的电压为零，也就是C2不带电．电容器C1两端的电压为电阻R2两端的电压，故电容器C1带电．当开关S断开后，两电容器直接接在电源上，所以电容器C1增添的电荷量和C2所带的电荷量均为经过R1的电荷量．当开关S闭合，电阻R1和R2串通接在电源上，电源两端电压U＝10V不变，而串通电路电压分配与电阻成正比，故电阻R2两端的电压为U2＝6V，电容器C1带电荷量为Q1＝C1U2＝1.8×10－4C.当开关S断开后，两电容器的电压均为10V，故两电容器所带电荷量相等，均为Q，则Q＝C1U＝×－4，所以经过1的电荷量为Q＝2Q－Q1＝3.010CR－44.2×10C，选A.。