《2022年高考物理一轮复习 3.2牛顿第二定律及两类动力学问题课时强化作业》由会员分享，可在线阅读，更多相关《2022年高考物理一轮复习 3.2牛顿第二定律及两类动力学问题课时强化作业（7页珍藏版）》请在金锄头文库上搜索。
1、2022年高考物理一轮复习 3.2牛顿第二定律及两类动力学问题课时强化作业一、选择题1竖直向上飞行的子弹，到达最高点后又返回原处假设整个运动过程中，子弹受到的阻力与速度的大小成正比，则子弹在整个运动过程中，加速度大小的变化是()A始终变大 B始终变小C先变大后变小 D先变小后变大解析：子弹向上运动过程中速度越来越小，子弹受向下的阻力越来越小，子弹受到的合外力越来越小，由牛顿第二定律可知，子弹上升过程中加速度越来越小；子弹从最高点向下运动过程做加速运动其速度越来越大，受到向上的空气阻力越来越大，物体受到的合外力越来越小，其加速度越来越小，选项B正确答案：B2如图所示，一小车上有一个固定的水平横杆
2、，左边有一轻杆与竖直方向成角与横杆固定，下端连接一小铁球，横杆右边用一根细线吊一质量相等的小铁球当小车向右做匀加速运动时，细线保持与竖直方向成角，若，则下列说法正确的是()A轻杆对小铁球的弹力方向与细线平行B轻杆对小铁球的弹力方向沿着轻杆方向向上C轻杆对小铁球的弹力方向既不与细线平行也不沿着轻杆方向D小车匀速运动时0解析：设细线对小铁球的弹力为F线，由牛顿第二定律得：F线sinma，F线cosmg，可得：tan，设轻杆对小铁球的弹力与竖直方向夹角为，大小为F杆，由牛顿第二定律可得：F杆cosmg，F杆sinma，可得：tantan，可见轻杆对小球的弹力方向与细线平行，A正确，B、C错误；当小车
3、匀速运动时，0，故D正确答案：AD3.如图所示，A、B两小球分别连在弹簧两端，B端用细线固定在倾角为30的光滑斜面上A、B两小球的质量分别为mA、mB，重力加速度为g，若不计弹簧质量，在线被剪断瞬间，A、B两球的加速度分别为()A都等于g/2 Bg/2和0C.和0 D0和解析：选取A、B组成的系统为研究对象，对其受力分析并根据平衡条件可知，绳子对B球的拉力大小为(mAmB)gsin30，在线被剪断瞬间，弹簧的形变不会突变，所以弹簧弹力不变，A球的受力也不变，所以A球的加速度为0，而B球所受绳子的弹力会马上消失，B球受到的其他力都不变，其合力大小为(mAmB)gsin30，方向沿斜面向下，所以其
4、加速度大小为.选项D正确答案：D4在电梯内的地板上，竖直放置一根轻质弹簧，弹簧上端固定一个质量为m的物体当电梯静止时，弹簧被压缩了x；当电梯运动时，弹簧又被继续压缩了.则电梯运动的情况可能是()A以大小为g的加速度加速上升B以大小为g的加速度减速上升C以大小为g的加速度加速下降D以大小为g的加速度减速下降解析：当弹簧静止时，弹簧压缩量为x，则有kxmg，当电梯运动时弹簧又被压缩了，则物体受到的合外力，方向竖直向上，由牛顿第二定律可知，物体的加速度a，方向竖直向上，若电梯向上运动，则电梯以大小的加速度向上做匀加速运动；若电梯向下运动，则电梯以大小为的加速度向下做匀减速运动，故选项D正确答案：D5
5、(xx年全国大纲卷)一物块沿倾角为的斜坡向上滑动当物块的初速度为v时，上升的最大高度为H，如图所示；当物块的初速度为时，上升的最大高度记为h.重力加速度大小为g.物块与斜坡间的动摩擦因数和h分别为()Atan和 B.tan和Ctan和 D.tan和解析：滑块沿斜坡向上滑动过程中，受力如图所示由牛顿第二定律可得Nmgcos，Nmgsinma.由运动学公式v22a，2a，联立可解得h，tan，选项D正确答案：D6(xx年全国卷)一物块静止在粗糙的水平桌面上从某时刻开始，物块受到一方向不变的水平拉力作用，假设物块与桌面间的最大静摩擦力等于滑动摩擦力以a表示物块的加速度大小，F表示水平拉力的大小能正确
6、描述F与a之间的关系的图象是()解析：以物体为研究对象进行受力分析，物体受到重力mg，地面的支持力FN，水平拉力F，摩擦力Ff，物体受到的合力在水平方向为FFfma，当F小于最大静摩擦力时，物体所受合外力为零，加速度a0，当F大于最大静摩擦力时，有FFmma，得FmaFm所以在Fa图象中为倾斜直线，且在F轴上有截距，故选项C正确答案：C7一质点处于静止状态，现对该质点施加力合力F，力F随时间t按如图所示的规律变化，力F的方向始终在同一直线上在04 s内，下列说法正确的是()A第2 s末，质点距离出发点最远B第2 s末，质点的速度最大C第4 s末，质点距离出发点最远D第4 s末，质点的速度最大解
7、析：由图象Ft可知合外力F的变化规律，质点在02 s内做加速度先增大后减小的加速运动，第2 s末速度最大，选项B正确，选项D错误；24 s内质点做加速度先增大后减小的减速运动，由对称性可知，4 s末速度减小到零，质点始终向正方向运动，所以4 s末质点距离出发点最远，选项C正确，选项A错误答案：BC8如图所示，将两相同的木块a、b置于粗糙的水平地面上，中间用一轻弹簧连接，两侧用细绳系于墙壁开始时a、b均静止，弹簧处于伸长状态，两细绳均有拉力，a所受摩擦力Ffa0，b所受摩擦力Ffb0，现将右侧细绳剪断，则剪断瞬间()AFfa大小不变 BFfa方向改变CFfb仍然为零 DFfb方向向右解析：右侧细
8、绳剪断的瞬间，弹簧的弹力保持不变，所以a物体受力情况不变，故选项A正确，选项B错误，由于弹簧对b物体向左的拉力，故b物体受到向右的摩擦力，选项D正确答案：AD9如图所示，小车沿水平面做直线运动，小车内光滑底面上有一物块被压缩的弹簧压向左壁，小车向右加速运动若小车的向右加速度增大，则车左壁受物块的压力F1和车右壁受弹簧的压力F2的大小变化是()AF1不变，F2变大 BF1变大，F2不变CF1、F2都变大 DF1变大，F2减小解析：若小车向右运动的加速度增大，那么物块向右运动的加速度也要增大，对物块受力分析，物块在水平方向上受到车左壁对其水平向右的作用力(大小为F1)和弹簧水平向左的弹力(大小为F
9、2)，根据牛顿第二定律，F1F2ma，物块加速度a增大，而弹簧的压缩量不变，所以F2不变，F1变大本题答案为B.答案：B10.物体A、B都静止在同一水平面上，它们的质量分别为mA、mB，与水平面间的动摩擦因数分别为A、B，用水平拉力F拉物体A、B，所得加速度a与拉力F线如图中A、B所示，则()AAB，mAmBBAB，mAmBCAB，mAmBDAB，mAmB解析：由图象可知，当F0时，A、B两物体的加速度aAAg，aBBg，且aAaB，所以AB，当物体A、B加速度为零时，外力F相等，则有AmAgBmBg所以mAmB，选项B正确答案：B二、非选择题11(xx届甘肃省河西三校高三月考)为了安全，中国
10、航母舰载机“歼15”通过滑跃式起飞方式起飞，滑跃起飞的原理有点像高山滑雪，主要靠甲板前端的上翘来帮助战斗机起飞，其示意图如图所示，飞机由静止开始先在一段水平距离为L1160 m的水平跑道上运动，然后在长度为L220.5 m的倾斜跑道上滑跑，直到起飞已知飞机的质量m2.0104 kg，其喷气发动机的推力大小恒为F1.4105 N，方向与速度方向相同，水平跑道与倾斜跑道末端的高度差h2.05 m，飞机在水平跑道上和倾斜跑道上运动的过程中受到的平均阻力大小都为飞机重力的0.2倍，假设航母处于静止状态，飞机质量视为不变并可看成质点，倾斜跑道看作斜面，不计拐角处的影响，且飞机起飞的过程中没有出现任何故障
11、，g取10 m/s2.(1)求飞机在水平跑道上运动的末速度；(2)求飞机从开始运动到起飞经历的时间解析：(1)设飞机在水平跑道上的加速度为a1，阻力为f，末速度为v1，由牛顿第二定律得，Ffma1，f0.2mg，v2a1L1，联立以上三式并代入数据解得a15 m/s2，v140 m/s.(2)设飞机在倾斜跑道上的加速度为a2，跑道末端速度为v2，水平跑道上：t18 s，倾斜跑道上：由牛顿第二定律有Ffmgma2，代入数据解得a24 m/s2.由vv2a2L2，代入数据解得v242 m/s，所以t20.5 s，则tt1t28.5 s.答案：(1)40 m/s(2)8.5 s12在研究摩擦力的实验
12、中，将木块放在水平长木板上如图(a)所示，用力沿水平方向拉木块，拉力从零开始逐渐增大分别用力传感器采集拉力和木块所受到的摩擦力，并用计算机绘制出摩擦力Ff随拉力F的变化图象，如图(b)所示已知木块质量为8.0 kg，重力加速度g10 m/s2，sin370.60, cos370.80.(1)求木块与长木板间的动摩擦因数；(2)如图(c)，木块受到恒力F50 N作用，方向与水平方向成37角斜向右上方，求木块从静止开始沿水平面做匀变速直线运动的加速度大小；(3)在(2)中拉力F作用t12.0 s后撤去，计算再经过多少时间木块停止运动？解析：(1)由题图(b)知：木块所受到的滑动摩擦力Ff32 N根
13、据Ffmg，解得0.4.(2)根据牛顿运动定律得FcosFfma，FsinFNmg，FfFN联立解得：a2.5 m/s2.(3)撤去F后，加速度ag4 m/s2继续滑行时间t s1.25 s.答案：(1)0.4(2)2.5 m/s2(3)1.25 s13(xx年山东卷)如图所示，一质量m0.4 kg的小物块，以v02 m/s的初速度，在与斜面成某一夹角的拉力F作用下，沿斜面向上做匀加速运动，经t2 s的时间物块由A点运动到B点，A、B之间的距离L10 m已知斜面倾角30，物块与斜面之间的动摩擦因数.重力加速度g取10 m/s2.(1)求物块加速度的大小及到达B点时速度的大小；(2)拉力F与斜面
14、夹角多大时，拉力F最小？拉力F的最小值是多少？解析：(1)设物块加速度大小为a，到达B点时速度大小为v，由运动学公式有Lv0tat2，vv0at联立解得a3 m/s2，v8 m/s.(2)设物体受到支持力为FN，受到摩擦力为Ff、拉力与斜面间夹角为，受力分析如图所示建立如图所示坐标系，由牛顿第二定律有在x方向FcosmgsinFfma在y轴方向FsinFNmgcos0又FfFN联立解得F由数学知识得cossinsin(60)由此式可知当30时，F有最小值且F的最小值Fmin N.答案：(1)3 m/s28 m/s(2) N14(xx届石家庄二中月考)如图1中，质量为m的物块叠放在质量为2m的足够长的木板上方右侧，木板放在光滑的水平地面上，物块与木板之间的动摩擦因数为0.2.在木板上施加一水平向右的拉力F，在03 s内F的变化如图2所示，图中F以mg为单位，重力加速度g10 m/s2.整个系统开始时静止(1)求1 s、1.5 s、2 s、3 s末木板的速度以及2 s、3 s末物块的速度；(2)在同一坐标系中画出03 s内木板和物块的vt图象，据此求03 s内物块相对于木板滑过的距离解析：(1)设木板和物块的加速度分别为a和a，在t1 s时木板和物块的速度分别为v和v，木
