《2019版高考物理二轮复习专题一第二讲力与直线运动课前自测诊断卷(含解析)》由会员分享，可在线阅读，更多相关《2019版高考物理二轮复习专题一第二讲力与直线运动课前自测诊断卷(含解析)（8页珍藏版）》请在金锄头文库上搜索。
1、力与直线运动匀变速直线运动的规律及图像考点一1 .考查匀变速直线运动的规律一质点沿直线运动，其平均速度与时间的关系满足v=2+t（各物理量均选用国际单位制中单位），则关于该质点的运动，下列说法正确的是（）A.质点可能做匀减速直线运动8. 5s内质点的位移为35mC.质点运动的加速度为1m/s2D.质点3s末的速度为5m/s解析：选B根据平土速度v=X知，x=vt=2t+t：根据x=vot+-2at2=2t+t2,质点的初速度V0=2m/s,加速度a=2m/s2,质点做匀加速直线运动，故A、C错误；5s内、121、质点的位移x=vot+2at=2X5m+2X2X25m=35m,故B正确；质点在3
2、s末的速度v=vo+at=2m/s+2X3m/s=8m/s,故D错误。2 .考查图像转换一小球沿斜面下滑，在斜面底端与垂直斜面的挡板相碰后又回到斜面上的某一位置，小球与挡板作用时间不计，其速度v随时间t变化的关系如图所示。以下滑起点为位移坐标原点和t=0时刻，则下列选项中能正确反映小球运动图像的是（）解析：选A由v-t图像可知，小球下滑阶段和上滑阶段都做匀变速直线运动，但两个阶段加速度大小不等，由图线斜率可以看出，下滑加速度小于上滑加速度，加速度方向都沿一,1、，,，一，.一八一，,1斜面向下（即正万向），故C、D错误。下滑时小球做初速度为0的匀加速直线运动，由x=-at2可知，x-t2图像为
3、过原点的直线，且位移x随时间增大；上滑时末速度为零，可看做反向的初速度为0的匀加速直线运动，位移随时间减小，因此x-t2图像也是一条直线，由v-t图像知，小球反弹初速度小于下滑末速度，运动时间比下滑时间短,没有回到初始位置，故A正确，B错误。3 .考查平均速度与时间图像多选一质点沿x轴正方向做直线运动，通过坐标原点时开始x因此小球初速度为零时计时，其x-t的图像如图所不，则（）A.质点做匀速直线运动，速度为0.5m/sB.质点做匀加速直线运动，加速度为1m/sC.质点在2s末速度为2m/sD.质点在第2s内的位移为2.5mx1ox解析：选BD由题图得函数的关系式为-=1+0.5t,根据x=V0
4、t+2at2,变形得：-=V0+2at,比较系数可得：vo=1m/s,a=2x0.5m/s2=1m/s2,质点的加速度不变，说明质点做匀加速直线运动，故A错误，B正确；质点的初速度vO=1m/s,在2s末速度为v=V0+at=1m/s+1X2m/s=3m/s,故C错误；质点做匀加速直线运动，根据位移时间公式可得在第2s内的位移大小为x=V0t2+2at22vet1gat/,代入数据可得：x=2.5m,故D正确。考点二动力学的两类基本问题4 .考查已知受力求运动问题如图所示，OaOb是竖直平面内两根固定的光滑细杆，Oa、b、c位于同一圆周上，c为圆周的最高点，a为最低点，Ob经过圆心。每根杆上都
5、套着一个小滑环，两个滑环都从O点无初速释放，用匕、12分别表示滑环到达a、b所用的时间，则下列关系正确的是（）B. 11 v 12C. t1t2A.t1=t2D.无法确定解析：选b设Oa与竖直方向夹角为e,则Ob与竖直方向夹角为2e,由2RCose=12gcos0 t12,2R= 2gcos 2 0 - t22,比较可得tKt2,故B正确。5.考查已知运动求受力问题将一质量为m的小球靠近墙面竖直向上抛出，图甲是向上运动小球的 频闪照片，图乙是下降时的频闪照片，O是运动的最高点，甲乙两次闪光频率相同，重力加速度为 g,假设小球所受的阻力大小不变，则可估算小 球受到的阻力大小约为（）A. mg1B
6、.3mg八1c.2mgD.工mg10 g解析：选C设每块砖的厚度是9d 3d=aT 向下运动时：3d d= a2T2d,向上运动时:联立得：史=3Da1根据牛顿第二定律，向上运动时：mg-f=ma向下运动时：mg-f=ma一一1联立得：f=mg选Co6 .考查瞬时加速度的计算多选如图甲、乙所示，光滑斜面上，当系统静止时，挡板C与斜面垂直，弹簧、轻杆均与斜面平行，A、B两球质量相等。在突然撤去挡板的瞬间（）甲乙A.两图中两球加速度均为gsin0B.两图中A球的加速度均为零C.图甲中B球的加速度为2gsin0D.图乙中B球的加速度为gsin0解析：选CD撤去挡板前，对整体分析，挡板对B球的弹力大小
7、为2mg;in0,因弹簧弹力不能突变，而杆的弹力会突变，所以撤去挡板瞬间，图甲中A球所受合力为零，加速度为零，B球所受合力为2mgin0,加速度为2gsin0;图乙中杆的弹力突变为零，A、B两球所受合力均为min0,加速度均为gsin8,故CD正确，A、B错误。考点三牛顿第二定律与运动图像的综合应用7 .考查牛顿第二定律与v-t图像的综合应用多选如图甲所示，倾角为30。的斜面固定在水平地面上，一个小物块在沿斜面向上的恒定拉力F作用下，从斜面底端A点由静止开始运动，一段时间后撤去拉力F,小物块能达到的最高位置为C点，已知小物块的质量为0.3kg，小物块从A到C的v-t图像如图乙所示，取g=10m
8、/s2,则下列说法正确的是（）1A.小物块加速时的加速度大小是减速时加速度大小的二B.小物块与斜面间的动摩擦因数为C.小物块到达C点后将沿斜面下滑D.拉力F的大小为4N解析：选AC小物块加速时的加速度大小为:Avi7.50ai= r A 11m/s 2= 2.5 m/s 2减速时的加速度大小为:a2=W2=75三0m/s2=7.5m/s2At243小物块加速时的加速度大小是减速时加速度大小的13,故A正确；撤去拉力后，根据牛顿第二定律，有：mgsin30+mgcos30=ma即：a2=gsin30+（1gcos30,得：（1=43，故B错误；在C点mgsin30mgsos30,所以小物块到达C
9、点后将沿斜面下滑，故C正确；在拉力作用下，根据牛顿第二定律,有:F-mgsin30mgcos30=ma,代入数据得：F=3N,故D错误。8.考查牛顿第二定律与v2-x图像的综合应用多选如图甲所示，物块的质量m=1kg,初速度V0=10m/s,在一水平向左的恒力作用下从O点沿粗糙的水平面向右运动，某时刻后恒力F突然反向，整个过程中物块速度的平方随位置坐标变化的关系图像如图乙所示，g=10m/s2。下列选项中正确的是（）A. 05s内物块做匀减速运动8 .在t=1s时刻，恒力F反向C.恒力F大小为10ND.物块与水平面间白动摩擦因数为0.3解析：选BD物块匀减速直线运动的加速度大小为:a1=-=m
10、/s2=10m/s2。2x110匀加速直线运动的加速度大小为:a2=2x26425T,即水平拉力大于轻绳的弹力，故A正确；物块c做匀速直线运动，处于平衡状态，则物块c不受摩擦力，故B错误；当水平拉力增大为原来的1.5倍时，F=1.5F=4.5mg由牛顿第二定律得：对物块a、b、c系统：F-3mg=3ma对物块c：f=ma解彳导:f=0.5mg故C正确；剪断轻绳后，物块b、c一起做匀减速直线运动，由牛顿第二定律得：对物块b、c系统：2mg=2ma,对物块c：f=ma,解得：f=(1mg故D正确。11.考查连接体中白临界问题如图所示，物块A放在木板B上，AB的质量均为mA、B之间的动摩擦因数为,B
11、与地面之间的动摩擦因数为3-。若将水平力作用在A上，使A刚好要相对B滑动，此时A的加速度为a1；若将水平力作用在B上，使B刚好要相对A滑动，此时B的加速度为32,则a1与a2的比为()B. 2 ： 3A.1：1C. 1 ： 3D.3：2解析：选C当水平力作用在 A上,A刚好要相对B滑动，临界情况是 A B的加速度相等，隔离对B分析，B的加速度为:LIwmg-y-2mg13b= 31 =3Wg,当水平力作用在B上，使B刚好要相对A滑动，此日A B间的摩擦力刚好达到最大,B的加速度相等,有：呀-/Wg,可得31：32=1：3,C正确。12.考查运用牛顿第二定律解决板块运动问题如图所示，一木箱放在平板车的中部，距平板车的后端、驾驶室后端均为L=2.0m,处于静止状态，木箱与平板车之间的动摩擦因数=0.40,现使平板车在水平路面上以加速度30匀加速启动，速度达到v=6.0m/s后接着做匀速直线运动，运动一段时间后匀减速刹车。设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，取g=10m/s2。(1)若木箱与平板车保持相对静止，加速度加大小满足什么条件？(2)若ao=6.0m/s2,当木箱与平板车的速度都达到6.0m/s时，求木箱在平板车上离驾驶室后端距离s。(3)若在木箱速度刚达到6.0m/s时平板车立即用恒定的阻力刹车
