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1、洗马高中2014年秋季期中考试高二物理模拟试题（2）时间：90分钟 满分：110一 .选择题.本题包括10小题，共50分。在每个小题给出的四个选项中，有的只有一个选项正确，有的有多个选项正确，全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有错选或不答的得0分1. 两个半径均为R的金属小球，带电量之比为13，相距为r（rR），两者相互接触后再放回原来的位置上，则相互作用力可能为原来的（ ）A1 B1/3 C2/3 D4/3【答案】BD【ks5u解析】由库仑定律可知：，原来当两相同金属小球带同种电荷时，两者相互接触后再放回原来的位置上，它们的电荷量变为2：2，所以库仑力是，是原来的4/3，故D正确；当两相
2、同金属小球带异种电荷时，两者相互接触后再放回原来的位置上，它们的电荷量变为1：1，所以库仑力是，是原来的1/3，故B正确。【考点】库仑定律2. 如图所示，带箭头的线表示某一电场的电场线。在电场力作用下，一带电粒子（不计重力）经A点飞向B点，径迹如图中虚线所示，下列说法正确的是（ ）A粒子带正电 B粒子在A点加速度大C粒子在B点动能大 DA、B两点相比，B点电势较低【答案】D【ks5u解析】A、带电粒子所受电场力指向其轨迹内侧，因此电场力向下和电场线相反，故粒子到负电，故A错误；B、B处电场线密，电场强，故电场力大于，因此其加速度比A点要大，故B错误；C、从A到B过程中，电场力做负功，动能减小，
3、因此A处动能大于B处的，故C错误；D、沿电场线电势降低，因此A点电势高于B点，故D正确。【考点】电场线；牛顿第二定律；物体做曲线运动的条件；电势3. 某控制电路如图所示，主要由电源(电动势为E、内阻为r)与定值电阻R1、R2及电位器(滑动变阻器)R连接而成，L1、L2是红绿两个指示灯，当电位器的触片滑向a端过程中，下列说法正确的是 （ ）AL1、L2两个指示灯都变暗BL1、L2两个指示灯都变亮CL1变亮，L2变暗DL1变暗，L2变亮【答案】A【ks5u解析】电位器的触片滑向a端时，电位器电阻减小外电路总电阻R减小总电流增加内电压增加外电压减小灯泡L1变暗；电位器的触片滑向a端时，电位器电阻减小
4、，与电位器并联的支路的总电阻减小，故分得的电压减小，故通过灯泡L2支路的电流减小，故灯泡L2变暗。【考点】闭合电路的欧姆定律4. 请根据下面所列的真值表，从四幅图中选出与之相对应的一个门电路（ ）【答案】D【ks5u解析】由真值表分析该门电路为或非门电路，根据题干或非门的符号为C正确。【考点】简单的逻辑电路5. 随着信息技术的发展，我们可以用磁传感器把磁感应强度变成电信号，通过计算机对磁场进行研究。图中磁传感器探头对磁场很敏感，输出的电信号从右端经过电缆和接口装置进入计算机。现用磁传感器探测通电螺线管轴线上的磁感应强度，将探头从螺线管右端沿轴线向左端移动时，测得磁感应强度B的大小随位置x的变化
5、关系，下面最符合实际情况的图是（ ）【答案】B【ks5u解析】从外部逐渐靠近螺线管两端时，磁场逐渐增强，但不是均匀增强，磁场基本上是匀强磁场，磁感应强度大于螺线管端点的磁感应强度，磁场左右对称，故应该选B。【考点】磁感应强度6. 如图所示是某款理发用的电吹风的电路图，它主要由电动机M和电热丝R构成。当闭合开关S1、S2后，电动机驱动风叶旋转，将空气从进风口吸入，经电热丝加热，形成热风后从出风口吹出。已知电吹风的额定电压为220V，吹冷风时的功率为120W，吹热风时的功率为1000W。关于该电吹风，下列说法正确的是（ ）A电热丝的电阻为55 B电动机的电阻为1210/3 C当电吹风吹热风时，电热
6、丝每秒钟消耗的电能为1000 JD当电吹风吹热风时，电动机每秒钟消耗的电能为120J【答案】AD【ks5u解析】：吹热风时P880W，由得R55 ，故A对；由得电动机的电阻R403.3 是错误的，因为电动机是非纯电阻用电器，故B错误；由得电热丝每秒钟消耗的电能为880 J，电动机每秒钟消耗的电能为120J，故C错误D正确。【考点】串联电路和并联电路；欧姆定律；焦耳定律7. 一束粒子流由左端平行于极板P1射入质谱仪，沿着直线通过电磁场复合区后，并从狭缝S0进入匀强磁场B2，在磁场B2中分为如图所示的三束，则下列相关说法中正确的是（ ）A速度选择器的P1极板带负电 B粒子1带正电 C能通过狭缝S0
7、的带电粒子的速率等于E/B1 D粒子2的比荷q/m的绝对值最大【答案】C【ks5u解析】A、在平行金属板中受到电场力和洛伦兹力两个作用而做匀速直线运动，由左手定则可知，洛伦兹力方向竖直向上，则电场力方向向下，粒子带正电，电场强度方向向下，所以速度选择器的P1极板带正电，故A错误；B、由图可知，带电粒子进入匀强磁场B2时向上偏转，所以粒子所受的洛伦兹力方向向上，根据左手定则判断得知该束粒子带负电，故B错误；C、粒子能通过狭缝，电场力与洛伦兹力平衡，则有：，解得，故C正确；D、根据得，知r越大，比荷越小，所以D错误。【考点】质谱仪和回旋加速器的工作原理8. 空间存在方向垂直于纸面向里的匀强磁场，图
8、中的正方形为其边界。一细束由两种粒子组成的粒子流沿垂直于磁场的方向从O点入射。这两种粒子带同种电荷，它们的电荷量、质量均不同，但其比荷相同，且都包含不同速率的粒子。不计重力。下列说法正确的是（ ）A.入射速度相同的粒子在磁场中的运动轨迹一定相同B.入射速度不同的粒子在磁场中的运动时间一定不同C.在磁场中运动时间相同的粒子，其运动轨迹一定相同D.在磁场中运动时间越长的粒子，其轨迹所对的圆心角一定越大【答案】AD【ks5u解析】A、在磁场中半径，运动圆弧对应的半径与速率成正比，由于入射速度相同，则粒子在磁场中的运动轨迹也相同，故A正确；B、入射速度不同的粒子，若它们入射速度方向相同，则它们的运动也
9、一定相同，虽然轨迹不一样，但圆心角却相同，则磁场中运动时间：（为转过圆心角），所以运动时间一定相同，故B错误；C、在磁场中运动时间：，虽圆心角可能相同，但半径可能不同，所以运动轨迹也不同，故C错误；D、由于它们的周期相同的，在磁场中运动时间越长的粒子，其轨迹所对的圆心角也一定越大，故D正确。【考点】带电粒子在匀强磁场中的运动；牛顿第二定律；向心力9. 如图所示，OP、OQ为匀强磁场的边界，磁场分布足够广，磁感应强度为B，方向垂直纸面向里。一质量为m、电量为q的电荷（重力不计）以平行于OQ边的速度从M点垂直磁场射入，并从N点垂直OQ离开，已知=30，OM=l，则（ ）A该电荷在磁场中运动的轨道半
10、径等于lB该电荷在磁场中运动的轨道半径等于C该电荷在磁场中运动的时间为D该电荷在磁场中运动的时间为【答案】BC【ks5u解析】由几何知识可得半径，而，所以在磁场中运动的时间为，故选BC。【考点】带电粒子在匀强磁场中的运动；牛顿第二定律；向心力10. 如图所示，空间有一垂直纸面的磁感应强度为0.5T的匀强磁场，一质量为0.2kg且足够长的绝缘木板静止在光滑水平面上，在木板左端无初速放置一质量为0.1kg、电荷量q=+0.2C的滑块，滑块与绝缘木板之间动摩擦因数为0.5，滑块受到的最大静摩擦力可认为等于滑动摩擦力。t=0时对木板施加方向水平向左，大小为0.6N恒力，g取10m/s2。则（ ）A木板
11、和滑块一直做加速度为2m/s2的匀加速运动B滑块开始做加速度减小的变加速运动，最后做速度为10m/s匀速运动C木板先做加速度为2m/s2匀加速运动，再做加速度增大的运动，最后做加速度为3m/s2的匀加速运动Dt=5s后滑块和木块有相对运动【答案】C【ks5u解析】ABC、由于动摩擦因数为0.5，静摩擦力能提供的最大加速度为5m/s2，所以当0.6N的恒力作用于木板时，系统一起以的加速度一起运动，当滑块获得向左运动的速度以后又产生一个方向向上的洛伦兹力，当洛伦兹力等于重力时滑块与木板之间的弹力为零，此时，解得：，此时摩擦力消失，滑块做匀速运动，而木板在恒力作用下做匀加速运动，可知滑块先与木板一起
12、做匀加速直线运动，然后发生相对滑动，做加速度减小的变加速，最后做速度为10m/s的匀速运动故A、B错误，C正确；D、木块开始的加速度为2m/s2，然后加速度逐渐减小，当减小到零，与木板脱离做匀速直线运动，知5s末的速度小于10m/s，知此时摩擦力不为零，还未脱离木板，故D正确。【考点】洛仑兹力；力的合成与分解的运用；共点力平衡的条件及其应用二、实验题：（14分）把答案填在答题卷纸相应的横线上或按题目要求作答.11. 如图所示，螺旋测微器的示数为 mm；游标卡尺的示数为 cm。【答案】4.700 10.015 【ks5u解析】螺旋测微器的固定刻度读数为4.5mm，可动刻度读数为0.0120.0m
13、m=0.200mm，所以最终螺旋测微器的示数为4.700mm；游标卡尺主尺读数为100mm，游标读数为0.053mm=0.15mm，最终读数为100.15mm即10.015cm。【考点】长度的测量、游标卡尺和螺旋测微器的使用12. （10分）某同学用图甲所示的电路测绘额定电压为3.0V的小灯泡伏安特性图线，并研究小灯泡实际功率及灯丝温度等问题。 根据电路图，将图乙中的实验仪器连成完整的实验电路。连好电路后，开关闭合前，图甲中滑动变阻器R的滑片应置于 (填“a端”、“b端”或“ab正中间”）。闭合开关，调节滑动变阻器R的滑片，发现“电流表的示数为零，电压表的示数逐渐增大”，则分析电路的可能故障为
14、 。A小灯泡短路 B小灯泡断路C电流表断路 D滑动变阻器断路排除故障后，该同学完成了实验。根据实验数据，画出的小灯泡I-U图线如图。形成图中小灯泡伏安特性图线是曲线的原因为 .根据I-U图线，将该小灯泡与“3V,6”的电源相连时，灯泡的实际功率为 。（保留两位有效数字）。【答案】如图连接 a端 B 灯丝的电阻随温度的升高而增大 0.36w-0.39w 【ks5u解析】、根据电路图连线实物图如图所示；、连好电路后，开关闭合前，图中滑动变阻器R的滑片应置于a端；闭合开关，向b端调节滑动变阻器R的滑片，发现“电流表的示数为零”，说明小灯泡或滑动变阻器断路，而又有“电压表的示数逐渐增大”，根据变阻器是分压式接法可知，只能是小灯泡发生断路，则分析电路的可能故障为小灯泡断路，故应选B；、根据欧姆定律知，画出的小灯泡I-U图线是曲线的原因是，灯丝的电阻随温度的升高而增大；、作出电源的U-I图像，如右图，两图像的交点就是电路唯一的解，由图中可以读出此时灯泡两端的电压和电路中的电流，由可计算出此时灯泡的实际功率。【考点】描绘小电珠的伏安特性曲线三计算题。本题共4题，共46分，解答应写出必要的文字说明，方程式和重要演
