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1、1. 各种进制转换、原码反码补码转换、内存芯片容量计算：l R进制转十进制：（234.01）8=（2*82+3*81+4*80+0*8-1+1*8-2）10l 十进制转R进制：除以R取余法l 二进制和八进制的转换：将每个8进制数转为3位二进制数l 二进制和16进制的转换：将每个16进制数转为4位二进制数l 两个16进制数如何相加：直接进行相对应的位的相加。l 两个16进制数如何异或：转为二进制，相对应位异或，再转为16进制。l 原码：将一个整数写成二进制并加符号位就是原码。符号位最高位0为正1为负。l 反码：正数的反码就是原码；负数的反码是除符号位外每一位取反。l 补码：正数的补码就是原码；负
2、数的补码是反码+1。l 移码：符号位和补码相反。l 逻辑异或的公式：相同逻辑变量异或结果为0；相异逻辑变量异或结果为1。00或11=001或10=12. 海明校验码、CRC校验码的计算l 海明码：2校验位=数据位+1l 海明码纠正X 位错误，需要2X+1 位冗余位3. 信道的理想数据速率计算；最大数据速率计算l 理想数据速率=带宽*2*log2码元种类l 最大数据速率=带宽*log21+信噪比=带宽*log21+10分贝数/10l 信道波特率=带宽*2l 卫星传输的延时是270msl 信息速率=码元速率*log2进制l 电缆速度是光速的三分之二。l 总时延=传播时延+发送时延+排队时延l 数据
3、传播时延s=数据帧长度b/数据传输速率bpsl 信号传播时延s=两点间距离m/信号传播速度m/s。信号传播速度是20万公里/秒即200m/s。4. 路由汇聚计算方法：写出二进制代码，看有多少位网络位相同5. 子网划分计算方法：将每个IP和掩码进行逻辑乘，值相同就在同一个子网常见十进制二进制7111151111127111111112810000000192110000002241110000024011110000248111110002521111110025411111110255111111112n1后面n个0101010210=1024-127的原码是11111111-1的补码也是11
4、111111已知网络地址块中的1个地址和该网络的掩码，如何写出这个网络的最小地址和最大地址：举例：已知1个地址是：10101100已知该网络掩码：11100000则：该网络最小地址：10100000 （前面网络位取相同，后面主机位取全0）该网络最大地址：10111111 （前面网络位取相同，后面主机位取全1）如果是公网，则最小可用地址：10100001最大可用地址： 10111110如果是子网，则最小地址和最大地址都可以用。超级子网是主机位向网络位借位，把一个个小网络组成大网络。超网就是把多个连续的网络号合并成一个很大的地址快，这个地址快能够代表了这些合并起来的所有网络！路由汇聚就是用超网，可
5、以减少路由表内的路由条数，减轻路由器负担。计算方法：写出二进制代码，看有多少位网络位相同。子网划分是网络位向主机位借位，把大网络划分成一个个小网络；判断几个IP地址是否在同一个子网：将每个IP地址和子网掩码写出二进制代码再进行逻辑乘，如果值相同即在同一个子网。网络的网络地址和广播地址不能用；子网的网络地址和广播地址可以用。汇聚超网例子：如果一个公司有1000台电脑需要工作在同一个子网，而此公司使用的IP地址范围是到，这时候就需要使用超网技术，向网络位借2位，这样就可以变为，使得这个网络可以容纳1000台主机。写出这几个网络IP地址的二进制代码，分别为以下几个：比一下这结点分十进制IP地址相应的
6、二进制代码，你会发现他们前22位是一样的，即如果这4个IP地址如果要在同一个网段，相应的子网掩码应该是22位，所以通过CIDR路由聚合之后的超网IP为路由汇聚后的超网IP地址肯定会比已知的IP地址略小一些，/后面的数字也肯定小一些或一样。子网划分例子：根据子网的某个地址和掩码是可以计算出该子网的范围的。例如某IP 地址为，则该地址最后1位掩码： 11000000 主机64台，可用62台131的二进制： 10000011 考虑逻辑乘该子网最小地址（子网地址）： 10000000即128 该子网最大地址（广播地址）： 10111111即191 ，也可以是128+63=191子网划分例子：网络地址：
7、子网掩码： 255.255.255.224有多少个子网： 224是11100000，有23=8个子网每个子网有多少个主机数：25-2=30个合法的子网有哪些：增量为256-224=32。子网有0、32、64、96、128、160、192、224。（从0开始，增量为32）每个子网的广播地址：下一个子网号前面的地址每个子网的可用地址：子网地址和广播地址之间的地址若某计算机系统由两个部件串联构成，其中一个部件的失效率为710-6小时，若不考虑其他因素的影响，并要求计算机系统的平均故障间隔时间为105小时，则另一个部件的失效率应为（1）小时。（1）A210-5 B310-5 C410-6 D310-6
8、试题解析：串联时，两个部件其中一个坏了，系统就失效。平均故障间隔时间=1/失效率假设部件一的失效率为x ，部件二的失效率为y ，则串联系统的总失效率z=1-(1-x)(1-y)答案：D 2007上半年上午第4题某系统的可靠性结构框图如下图所示。该系统由4 个部件组成，其中2、3 两个部件并联冗余，再与1、4 部件串联构成。假设部件1、2、3 的可靠度分别为0.90、0.70、0.70。若要求该系统的可靠度不低于0.75，则进行系统设计时，分配给部件4 的可靠度至少应为？总可靠性=并联可靠性*（1-（1-串联可靠性）*（1-串联可靠性）*并联可靠性 若每一条指令都可以分解为取指、分析和执行三步。
9、已知取指时间a，分析时间b，执行时间c。如果按串行方式执行完100 条指令需要多少时间按。如果按照流水方式执行，执行完100 条指令需要多少时间。100条指令的串行方式时间是(a+b+c)*100连续两条指令的执行时间差是c所以100条指令的流水方式时间是(a+b+c)+c*99 无符号二进制数 100110.101 转换成的十进制数为（4）。（4）A. 38.625 B. 42.315 C. 48.625 D. 68.815答案：A 若补CCH，机器字长为8位，则X/2补（17）。（17）A34H B66H C98H DE6H答案：D 若采用16-bit补码表示整数，则可表示的整数范围为-2
10、15,215） 已知每个汉字用1616的点阵表示，即每个汉字所占的容量为：1616/8=32B 在一个逻辑电路中，有两个输入信号X、Y和一个输出信号Z。当且仅当X=1、Y=0时，Z=0，则Z的逻辑表达式=+Y若信息为 32 位的二进制编码，至少需要加（3）位的校验位才能构成海明码。（3）A. 3B .4 C. 5 D. 6 答案：D采用海明码进行差错校验，信息码字为1001011，为纠正一位错，则需要（19）比特冗余位。（19）A2 B3 C4 D8试题解析：海明码纠正X 位错误，需要2X+1 位冗余位。答案：（19）B 若内存按字节编址，用存储容量为 8K8 比特的存储器芯片构成地址编号 7
11、000H至EFFFH 的内存空间，则至少需要 (2) 片。(2)A. 4 B. 6 C. 8 D. 10答案：A若内存地址区间为4000H43FFH，每个存储单位可存储16 位二进制数，该内存区域由4 片存储器芯片构成，则构成该内存所用的存储器芯片的容量是（4）。（4）A51216bit B2568bit C25616bit D10248bit试题解析：总存储单位=（43FFH - 4000H + 1H）= 400H = 1024 （H 代表16 进制）每个存储器芯片的容量为：1024 16 / 4 = 4096。由于每个存储单位可存储16 位二进制数，所以可以采用25616bit 或者512
12、8bit 的芯片。最好是前者，这样系统控制比较简单。答案：C 假设模拟信号的最高频率为5MHz，采样频率必须大于（14），才能使得到的样本信号不失真，如果每个样本量化为256 个等级，则传输的数据速率是（15）。（14）A5MHz B10MHz C15MHz D20MHz（15）A10Mb/s B50Mb/s C80Mb/s D100Mb/s256 个等级需要用8 位来存储（28=256），10M8=80Mb/s。答案：（14）B，（15）C 对于选择重发ARQ协议，如果帧编号字段为K位，则窗口大小2帧编号字段位+1 在地面上相隔2000KM的两地之间通过卫星信道传送4000比特长的数据包，如
13、果数据速率为64Kb/S，则从开始发送到接收完成需要的时间是（14）。（14）A48msB640msC322.5msD332.5ms数据速率单位是b/s，所以时间=数据长度/速率总传输时间=数据帧的发送时间+卫星标准延时=4000/64K+270=332.5ms答案：（14）D 在地面上相隔2000KM的两地之间通过电缆以4800b/s的速率传送3000比特长的数据包，从开始发送到接受完成需要的时间是？电缆速度大致为光速的2/3，也就是每秒20万公里。答案是总传输时间=数据帧的发送时间+电缆传输延时=3000/4800+2000/200000=635ms 假设生产管理网络系统采用B/S工作方式
14、，经常上网用户数为150个，每用户每分钟产生8个事务处理任务，平均事务量大小为0.05MB，则这个系统需要的信息传输速率为（68）。（68）A4Mb/sB6Mb/sC8Mb/sD12Mb/s试题解析：150 * 8 / 60 * 0.05 * 8=8。答案：（68）C 若在系统中有若干个互斥资源R，6个并发进程，每个进程都需要2个资源R，那么使系统不发生死锁的资源R的最少数目为6+1 某局域网采用SNMP进行网络管理，所有被管设备在15分钟内轮询一次，网络没有明显拥塞，单个轮询时间为0.4s，则该管理站最多可支持（45）个设备。（45）A18000B3600C2250D90000试题解析：单位
15、时间*设备数=总时间即：0.4*设备数=15*60答案：（45）C 如果管理站每900秒轮询被管设备一次，每次需要0.2秒，则管理站最多可支持的网络设备数目是：900/0.2 在异步通信中，每个字符包含1 位起始位、7 位数据位、1 位奇偶位和2 位终止位，若每秒钟传送100 个字符，采用4 相位调制，则码元速率为（16），有效数据速率为（17）。（16）A50 波特B500 波特C550 波特D1100 波特（17）A500b/s B700b/s C770b/s D1100b/s试题解析：4 相位调制每次信号变换可以传输log24=2 个比特，因此码元速率为（1+7+1+2）1002=550 波特。有效数据数率当然是7100=700b/s 了。答案：
