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1、 (8选择2实验)(三)(建议用时:30分钟)一、选择题(共8小题,每小题6分,共48分在每小题给出的四个选项中,第1418题只有一项符合题目要求,第1921题有多项符合题目要求全选对的得6分,选对但不全的得3分,有选错的得0分)14(2019陕西西安三模)下列说法正确的是()A铀核裂变的核反应是UBaKr2nB玻尔根据光的波粒二象性,大胆提出假设,认为实物粒子也具有波动性C原子从低能级向高能级跃迁,不吸收光子也能实现D根据爱因斯坦的“光子说”可知,光的波长越大,光子的能量越大C解析 铀核裂变的核反应是UnBaKr3n,选项A错误;德布罗意根据光的波粒二象性,大胆提出假设,认为实物粒子也具有波
2、动性,选项B错误;受到电子或其他粒子的碰撞,原子也可从低能级向高能级跃迁,不吸收光子也能实现,选项C正确;根据爱因斯坦的“光子说”可知,根据,光的波长越大,频率越小,故能量h越小,选项D错误15(2019广西桂林十八中月考)科技的发展正在不断地改变着我们的生活,图示是一款放在水平桌面上的手机支架,其表面采用了纳米微吸材料,用手触碰无粘感,接触到平整光滑的硬性物体时,会牢牢吸附在物体上手机静止吸附在该手机支架上,如图所示,若手机的重力为G,下列说法正确的是()A手机受到的支持力大小为Gcos B手机受到的摩擦力大小大于Gsin C纳米材料对手机的作用力方向竖直向上D纳米材料对手机的作用力大小为G
3、sin C解析 手机处于静止状态,受力平衡,根据平衡条件可知,在垂直于支架方向有FNGcos F吸,大于Gcos ,选项A错误;在平行于斜面方向,根据平衡条件,有fGsin ,选项B错误;手机处于静止状态,受力平衡,受到重力和纳米材料对手机的作用力,根据平衡条件可知,纳米材料对手机的作用力大小等于重力,方向与重力方向相反,竖直向上,选项C正确,D错误16(2019福建永安三中模拟)如图所示,质量为1 kg的小物块从倾角为30、长为2 m的光滑固定斜面顶端由静止开始下滑,若选初始位置为零势能点,重力加速度取10 m/s2,则它滑到斜面中点时具有的机械能和动能分别是()A5 J,5 J B10 J
4、,15 JC0,5 J D0,10 JC解析 对物块进行受力分析可知,物块受到重力和支持力,下滑的过程中支持力不做功,只有重力做功,符合机械能守恒的条件,物块在中点时的机械能等于在斜面顶端时的机械能,故机械能等于零;物块在中点时的重力势能Epmgsin 305 J,由机械能守恒知,动能为5 J,选项C正确17(2019福建永安三中模拟)如图所示,半径为R的半圆形区域内有垂直于纸面向外的匀强磁场一质量为m、带电荷量为q且不计重力的粒子,以速度v沿与半径PO夹角30的方向从P点垂直磁场射入,最后粒子垂直于MN射出,则磁感应强度的大小为()A B C DB解析 由左手定则可判断带电粒子将向右偏转做圆
5、周运动,可画出运动轨迹如图所示,做初、末速度的垂线如图所示,两垂线的交点为圆心O,可知圆心角为,由三角函数可得圆周运动的半径为r2R,又根据半径公式r,解得B,选项B正确18(2019陕西部分学校联考)2017年6月19日,我国在西昌卫星发射中心发射“中星9A”广播电视直播卫星,如图所示,按预定计划,“中星9A”应该首先被送入近地点约为200公里、远地点约为3.6万公里的转移轨道(椭圆),然后通过远地点变轨,最终进入地球同步轨道(圆形)但是由于火箭故障,卫星实际入轨后初始轨道远地点只有1.6万公里科技人员没有放弃,通过精心操作,利用卫星自带燃料在近地点点火,尽量抬高远地点的高度,经过10次轨道
6、调整,终于在7月5日成功定点于预定轨道下列说法正确的是()A失利原因可能是卫星发射速度没有达到7.9 km/sB卫星从轨道的P点进入轨道后机械能增加C卫星在轨道经过Q点时和轨道经过Q点时的速度相同D卫星在轨道由P点向Q点运行时处于超重状态B解析 卫星的最小发射速度为7.9 km/s,卫星已经进入轨道,失利原因不可能是发射速度没有达到7.9 km/s,选项A错误;卫星从轨道变轨到轨道,要做离心运动,卫星应从轨道的P点加速,卫星加速过程机械能增加,则卫星从轨道的P点进入轨道后机械能增加,选项B正确;卫星由轨道的Q点加速后才能进入轨道,由此可知,卫星在轨道经过Q点时的速度大于在轨道经过Q点时的速度,
7、选项C错误;卫星在轨道由P点向Q点运行时只受到万有引力的作用,始终有向下的加速度,所以卫星处于失重状态,选项D错误19(2019江西南昌十中期末)如图所示,将质量为M1、半径为R且内壁光滑的半圆槽置于光滑水平面上,左侧靠竖直墙壁,右侧靠一质量为M2的物块今让一质量为m的小球自左侧槽口A的正上方h高处从静止开始下落,与半圆槽相切自A点进入槽内,则下列结论正确的是()A小球在槽内运动的全过程中,小球与半圆槽在水平方向动量守恒B小球在槽内运动由B至C过程中,小球、半圆槽和物块组成的系统在水平方向动量守恒C小球离开C点以后,将做竖直上抛运动D小球从A点经最低点向右侧最高点运动的过程中,小球、半圆槽和物
8、块组成的系统机械能守恒BD解析 小球从AB的过程中,半圆槽对球的支持力沿半径方向指向圆心,而小球对半圆槽的压力方向相反指向左下方,因为有竖直墙挡住,所以半圆槽不会向左运动,可见,该过程中,小球与半圆槽在水平方向受到外力作用,动量不守恒,则由小球、半圆槽和物块组成的系统动量也不守恒;从BC的过程中,小球对半圆槽的压力方向向右下方,所以半圆槽要向右推动物块一起运动,因而小球参与了两个运动,一个是沿半圆槽的圆周运动,另一个是与半圆槽一起向右运动,小球所受支持力方向与速度方向并不垂直,此过程中,因为有物块挡住,小球与半圆槽在水平方向动量不守恒,但是小球、半圆槽和物块组成的系统水平方向动量守恒,选项A错
9、误, B正确当小球运动到C点时,它的两个分运动的合速度方向并不是竖直向上,所以此后小球做斜上抛运动,选项C错误因接触面都是光滑的,所以小球、半圆槽、物块组成的系统机械能守恒,选项D正确20(2019重庆巴蜀中学月考)如图甲所示为风力发电的简易模型在风力的作用下,风叶带动与其固定在一起的永磁铁转动,转速与风速成正比某一风速时,线圈中产生的正弦式电流如图乙所示下列说法正确的是()A电流的表达式为i0.6sin 10t(A)B磁铁的转速为10 r/sC风速加倍时,电流的表达式为i1.2sin 10t(A)D风速加倍时,线圈中电流的有效值为0.6 AAD解析 由图象可知,线圈转动周期T0.2 s,则1
10、0 rad/s,交流电的电流表达式iAsint(A)0.6sin 10t(A),选项A正确;根据2n可知转速为5 r/s,选项B错误;转速与风速成正比,当风速加倍时,转速也加倍,电流的最大值Im1.2 A,则电流的表达式为i1.2sin 20t(A),电流的有效值I A0.6 A,选项C错误,D正确21(2019陕西武功检测)如图所示为两个有界匀强磁场,左右两边磁感应强度大小分别为B和2B,方向分别垂直纸面向里和向外,磁场宽度均为L,距磁场区域的左侧L处,有一边长为L的正方形导体线框,总电阻为R,且线框平面与磁场方向垂直,现用外力F使线框以速度v匀速穿过磁场区域,以初始位置为计时起点,规定电流
11、沿逆时针方向时的电动势E为正,磁感线垂直纸面向里时磁通量的方向为正则下列说法正确的是()A在 的过程中,磁通量的变化量为2BL2B在 的过程中,电路中产生的平均感应电动势为E3BLvC在 的过程中产生的电功率是 的过程中产生的电功率的9倍D在 的过程中线框受安培力大小是的过程中线框受安培力大小的3倍BC解析 在的过程中,线圈在磁场中的面积变化了L2,所以磁通量变化了BSBL2,选项A错误;在的过程中,线圈的磁通量变化了212BL2(BL2)3BL2,则平均感应电动势3BLv,选项B正确;在 的过程中,产生的电动势为E13BLv,感应电流为I1,电功率为P1IR,同理,在的过程中电功率为P2IR
12、,所以9,选项C正确;在 的过程中,左、右两条边受安培力方向相同,大小F12BI1LBI1L3BI1L,同理,在的过程中,只有右边受安培力,大小为F2BI2L,由C项分析可知,I13I2,选项D错误二、实验题(共15分)22(2020黑龙江牡丹江一中开学考试)(6分)如图甲所示,为“探究加速度与力、质量的关系”实验装置及数字化信息系统获得了小车加速度a与钩码的质量及小车和砝码的质量对应关系图钩码的质量为m1,小车和砝码的质量为m2,重力加速度为g.(1)下列说法正确的是_A每次在小车上加减砝码时,应重新平衡摩擦力B实验时若用打点计时器应先释放小车后接通电源C本实验m2应远小于m1D在用图象探究
13、加速度与质量关系时,应作a图象(2)实验时,某同学由于疏忽,遗漏了平衡摩擦力这一步骤,测得Fm1g,作出aF图象,他可能作出图乙中_(选填“a”“b”“c”)图线此图线的AB段明显偏离直线,造成此误差的主要原因是_A小车与轨道之间存在摩擦 B导轨保持了水平状态C钩码的总质量太大 D所用小车的质量太大(3)实验时,某同学遗漏了平衡摩擦力这一步骤,若轨道水平,他测量得到的a图象,如图丙所示设图中直线的斜率为k,在纵轴上的截距为b,则小车与木板间的动摩擦因数_.解析 (1)平衡摩擦力时,假设木板倾角为,则有fmgsin mgcos ,等式两边都有m,可以约去,则每次在小车上加砝码时,不需要重新平衡摩
14、擦力,选项A错误;实验时应先接通电源后释放小车,选项B错误;实验中,拉小车的绳子上的实际拉力为Fm2a,当把钩码的重力当作绳子的拉力时,即Fm1g,需要满足m1应远小于m2才能成立,选项C错误;由牛顿第二定律Fma,可得a,所以用图象探究小车的加速度与质量的关系时,通常作a图象,选项D正确(2)由于实验中遗漏了平衡摩擦力这一步骤,就会出现当有拉力时,小车不会运动的情况,故可能作出题图乙中的c图线题图乙中图线的AB段明显偏离直线,造成此误差的主要原因是钩码的总质量太大,没有满足远小于小车和砝码的质量,选项C正确(3)根据牛顿第二定律可知m1gm2gm2a,则有a,结合图丙可得k,b,解得小车与木板间的动摩擦因数为.答案 (1)D(2)cC(3)23(2019湖北黄冈中学三模)(9分)用直流电源(内阻可忽略不计)、电阻箱、定值电阻R0(阻值为2.0 k)、开关和若干导线,连接成如图甲所示的电路来测量电压表V(量程3 V)的内阻 RV.闭合开关S,适当调节电阻箱的阻值R,读出电压表的示数U,获得多组数据(1)此实验时电阻箱的读数如图乙所示,其值为_.(2)根据测得的数据画出如图丙所示的R关系图线,由图象上的数据可计算得到纵轴截距与图线斜率的比值为_,进而求得电压表的内阻RV_k.(计算结果均保留两位有效数字)丙(3)若电源内阻不可忽略,用此法测得的RV_(选填“偏大”