新版江苏高考数学理三轮冲关专题训练:解答题押题练C组含答案

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1、 1 1解答题押题练C组1已知向量m,n.(1)若mn1,求cos的值;(2)记f(x)mn,在ABC中,角A,B,C的对边分别是a,b,c,且满足(2ac)cos Bbcos C,求函数f(A)的取值范围解(1)mnsincoscos2 sincos sin.(3分)因为mn1,所以sin,故cos12sin2,所以coscos.(6分)(2)因为(2ac)cos Bbcos C,由正弦定理得(2sin Asin C)cos Bsin Bcos C,即2sin Acos Bsin Ccos Bsin Bcos C,所以2sin Acos Bsin(BC),(8分)又因为ABC,所以sin(B

2、C)sin A,且sin A0,所以cos B,B,0A,所以,sin1,(12分)又f(x)mnsin,所以f(A)sin,故函数f(A)的取值范围是.(14分)2如图,在四棱锥P ABCD中,PA底面ABCD,ACCD,DAC60,ABBCAC,E是PD的中点,F为ED的中点(1)求证:平面PAC平面PCD;(2)求证:CF平面BAE.证明(1)因为PA底面ABCD,所以PACD,(2分)又ACCD,且ACPAA,所以CD平面PAC,(4分)又CD平面PCD,所以平面PAC平面PCD.(7分)(2)取AE中点G,连接FG,BG.因为F为ED的中点,所以FGAD且FGAD.(9分)在ACD中

3、,ACCD,DAC60,所以ACAD,所以BCAD.(11分)在ABC中,ABBCAC,所以ACB60,从而ACBDAC,所以ADBC.综上,FGBC,FGBC,四边形FGBC为平行四边形,所以CFBG.(13分)又BG平面BAE,CF平面BAE,所以CF平面BAE.(14分)3某创业投资公司拟投资开发某种新能源产品,估计能获得10万元到1 000万元的投资收益现准备制定一个对科研课题组的奖励方案:资金y(单位:万元)随投资收益x(单位:万元)的增加而增加,且奖金不超过9万元,同时奖金不超过投资收益的20%.(1)若建立函数yf(x)模型制定奖励方案,试用数学语言表述该公司对奖励函数f(x)模

4、型的基本要求,并分析函数y2是否符合公司要求的奖励函数模型,并说明原因;(2)若该公司采用模型函数y作为奖励函数模型,试确定最小的正整数a的值解(1)设奖励函数模型为yf(x),按公司对函数模型的基本要求,函数yf(x)满足:当x10,1 000时,f(x)在定义域10,1 000上是增函数;f(x)9恒成立;f(x)恒成立(2分)对于函数模型f(x)2.当x10,1 000时,f(x)是增函数,(3分)f(x)maxf(1 000)229.所以f(x)9恒成立但x10时,f(10)2,即f(x)不恒成立,故该函数模型不符合公司要求(6分)(2)对于函数模型f(x),即f(x)10,当3a20

5、0,即a时递增;(8分)要使f(x)9对x10,1 000恒成立,即f(1 000)9,3a181 000,a;(10分)要使f(x)对x10,1 000恒成立,即,x248x15a0恒成立,所以a.(12分)综上所述,a,所以满足条件的最小的正整数a的值为328.(14分)4已知椭圆C:1(ab0)上任一点P到两个焦点的距离的和为2,P与椭圆长轴两顶点连线的斜率之积为.设直线l过椭圆C的右焦点F,交椭圆C于两点A(x1,y1),B(x2,y2)(1)若(O为坐标原点),求|y1y2|的值;(2)当直线l与两坐标轴都不垂直时,在x轴上是否总存在点Q,使得直线QA,QB的倾斜角互为补角?若存在,

6、求出点Q坐标;若不存在,请说明理由解(1)由椭圆的定义知a,设P(x,y),则有,则,又点P在椭圆上,则,b22,椭圆C的方程是1.(3分),|cosAOB,|sinAOB4,SAOB|sinAOB2,又SAOB|y1y2|1,故|y1y2|4.(7分)(2)假设存在一点Q(m,0),使得直线QA,QB的倾斜角互为补角,依题意可知直线l斜率存在且不为零,直线l的方程为yk(x1)(k0),由消去y得(3k22)x26k2x3k260,(9分)设A(x1,y1),B(x2,y2),则x1x2,x1x2.直线QA,QB的倾斜角互为补角,kQAkQB0,即0,(13分)又y1k(x11),y2k(x

7、21),代入上式可得2x1x22m(m1)(x1x2)0,22m(m1)0,即2m60,m3,存在Q(3,0)使得直线QA,QB的倾斜角互为补角(16分)5已知函数f(x)x2(12a)xaln x(a为常数)(1)当a1时,求曲线yf(x)在x1处切线的方程;(2)当a0时,讨论函数yf(x)在区间(0,1)上的单调性,并写出相应的单调区间解(1)当a1时,f(x)x2xln x,则f(x)2x1,(2分)所以f(1)2,且f(1)2.所以曲线yf(x)在x1处的切线的方程为:y22(x1),即:y2x.(6分)(2)由题意得f(x)2x(12a)(x0),由f(x)0,得x1,x2a,(8

8、分)当0a时,由f(x)0,又知x0得0xa或x1由f(x)0,又知x0,得ax,所以函数f(x)的单调增区间是(0,a)和,单调减区间是,(10分)当a时,f(x)0,且仅当x时,f(x)0,所以函数f(x)在区间(0,1)上是单调增函数(11分)当a1时,由f(x)0,又知x0得0x或ax1,由f(x)0,又知x0,得xa,所以函数f(x)的单调增区间是和(a,1),单调减区间是,(13分)当a1时,由f(x)0,又知x0得0x,由f(x)0,又知x0,得x1,所以函数f(x)的单调增区间是,单调减区间是.(16分)6设数列bn满足bn2bn1bn(nN*),b22b1.(1)若b33,求

9、b1的值;(2)求证数列bnbn1bn2n是等差数列;(3)设数列Tn满足:Tn1Tnbn1(nN*),且T1b1,若存在实数p,q,对任意nN*都有pT1T2T3Tnq成立,试求qp的最小值(1)解bn2bn1bn,b3b2b13b13,b11;(3分)(2)证明bn2bn1bn,bn3bn2bn1,得bn3bn,(5分)(bn1bn2bn3n1)(bnbn1bn2n)bn1bn2(bn3bn)11为常数,数列bnbn1bn2n是等差数列(7分)(3)解Tn1Tnbn1Tn1bnbn1Tn2bn1bnbn1b1b2b3bn1当n2时Tnb1b2b2bn(*),当n1时,T1b1适合(*)式T

10、nb1b2b3bn(nN*)(9分)b1,b22b11,b33b1,bn3bn,T1b1,T2T1b2,T3T2b3,T4T3b4T3b1T1,T5T4b5T2b3b4b5T2b1b2b3T2,T6T5b6T3b4b5b6T3b1b2b3T3,T3n1T3n2T3n3T3n2b3n1b3nb3n1T3n1b3nb3n1b3n2T3nb3n1b3n2b3n3T3n2b1b2b3T3n1b1b2b3T3nb1b2b3(T3n2T3n1T3n),数列T3n2T3n1T3n)(nN*)是等比数列,首项T1T2T3且公比q,(11分)记SnT1T2T3Tn,当n3k(kN*)时,Sn(T1T2T3)(T4T5T6)(T3k2T3k1T3k)3,Sn3;(13分)当n3k1(kN*)时Sn(T1T2T3)(T4T5T6)(T3k2T3k1T3k)T3k3(b1b2b3)k34k0Sn3;(14分)当n3k2(kN*)时Sn(T1T2T3)(T4T5T6)(T3k2T3k1T3k)T3k1T3k3(b1b2b3)k1b1b2(b1b2b3)k3k1k3k,Sn3.(15分)综上得Sn3则p且q3,qp的最小值为.(16分)

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