计算机学科专业基础综合组成原理

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1、计算机学科专业基础综合组成原理-14（总分：100.00，做题时间：90分钟）一、单项选择题（总题数：27，分数：48.00）1判断加减法溢出时，可采用判断进位的方式，如果符号位的进位为C ，最高位的进位为C ，产生溢 01 出的条件是。I. C 产生进位0II. C 产生进位1III. C 、C 都产生进位01IV. C 、C 都不产生进位01V. C 产生进位，C 不产生进位01C 不产生进位，C 产生进位01（分数：1.00）A. I 和 IIB. IC. VD. V和W 丿解析：解析采用进位位来判断溢出时，当最高有效位进位和符号位进位的值不相同时才产生溢出。两正 数相加，当最高有效位产

2、生进位（C =1）而符号位不产生进位（C =0）时，发生正溢出；两负数相加，当最 10A. 结果为正数，无溢出B. 结果正溢出C. 结果负溢出 VD. 结果为负数，无溢出解析：解析 用两位符号位判断溢出时，当两个符号位不同时表示溢出， 01时表示正溢出； 10时表示负 溢出；当两个符号位相同时（11或00）表示没有溢出。3.若X=X ，X X 7 ，其中X 为符号位，X 为最高数位。若，则当补码左移时，将补012n01会发生溢出。（分数：1.00）A. X0=X1B. X0MX1 VC. X1=0D. X1=1 解析：解析溢出判别法有两种适用于此种情况：一是加一个符号位变为双符号位，然后左移，

3、如果两符 号位不同则溢出，故而X工XI时溢出；二是数值位最高位进位和符号位进位不同则溢出，同样可知X00 #X 时溢出。14某字长为8位的计算机中，已知整型变量x、y的机器数分别为x、=1 1110100，y=10110000。补补若整型变量z=2*x+y/2,则z的机器数为。（分数：1.00）A. 1 1000000 VB. 0 0100100C. 1 0101010D. 溢出解析：解析X * 2,将x算术左移一位为1 1101000： y/2，将y算术右移一位为1 0011000，均无溢出 或丢失精度。补码相加为 1 1101000+1 0011000=1 1000000，亦无溢出。5.

4、若x=103, y=-25，则下列表达式采用8位定点补码运算实现时，会发生溢出的是。（分数： 1.00）A. x+yB. -x+yC. x-y 丿D. -x-y解析：解析8位定点补码表示的数据范围为-128127,若运算结果超出这个范围则会溢出，A选项 x+y=103-25=78,符合范围，A 排除；选项-x+y=T03-25=T28,符合范围，B 排除；D 选项-x-y=T03+25=-78， 符合范围，D排除；C选项x-y=103+25=128，超过了 127，选C。6. 原码乘法是。（分数： 1.00）A. 先取操作数绝对值相乘，符号位单独处理丿B. 用原码表示操作数，然后直接相乘C.

5、被乘数用原码表示，乘数去绝对值，然后相乘D. 乘数用原码表示，被乘数去绝对值，然后相乘解析： 解析 原码一位乘法中，符号位与数值位是分开进行运算的。运算结果的数值部分是乘数与被乘数 数值位的乘积，符号是乘数与被乘数符号位的异或。7. x、y 为定点整数，其格式为 1 位符号位， n 位数值位，若采用补码一位乘法实现乘法运算，则最多需要 次加法运算。（分数： 2.00）A. n-1B. .nC. n+1 丿D. n+2解析：解析补码一位乘法中，最多需要n次移位，n+1次加法运算。原码乘法移位和加法运算最多均为 n 次。8. 在原码一位乘法中， 。（分数： 2.00）A. 符号位参加运算B. 符号

6、位不参加运算丿C. 符号位参加运算，并根据运算结果改变结果中的符号位D. 符号位不参加运算，并根据运算结果确定结果中的符号解析： 解析 在原码一位乘法中，符号位不参加运算，符号位单独处理，同号为正，异号为负。9. 原码乘法时，符号位单独处理乘积的方式是。（分数： 2.00）A. 两个操作数符号相“与”B. 两个操作数符号相“或”C. 两个操作数符号相“异或”丿D. 两个操作数中绝对值较大数的符号解析： 解析 原码的符号位为 1 表示负数，为 0 表示正数。原码乘法时，符号位单独处理，乘积的符号是 两个操作数符号相“异或”，同号为正，异号为负。凡是原码运算，不论加减乘除，符号位都单独处理，其中乘

7、除运算的结果符号由参加运算的两个操作数符 号相“异或”得到。10. 实现N位（不包括符号位）补码一位乘时，乘积为位。（分数： 2.00）A. .NB. N+1C. 2ND. 2N+1 丿解析：解析 补码一位乘法运算过程中一共向右移位 N 次，加上原先的 N 位，一共是 2N 位数值位，因乘 积结果需加上符号位，故共 2N+1 位。11. 在原码不恢复余数除法（又称原码加减交替法）的算法中，。（分数：2.00）A. 每步操作后，若不够减，则需恢复余数B. 若为负商，则恢复余数C. 整个算法过程中，从不恢复余数D. 仅当最后一步不够减时，才恢复一次余数 V 解析：解析 原码不恢复余数除法即加减交替

8、法，只在最终余数为负时，才需要恢复余数。12. 下列关于补码除法说法正确的是。（分数：2.00）A. 补码不恢复除法中，够减商0，不够减商 1B. 补码不恢复余数除法中，异号相除时，够减商 0，不够减商 1 VC. 补码不恢复除法中，够减商1，不够减商 0D. 以上都不对解析：解析 补码除法（不恢复余数法/加减交替法），异号相除是看够不够减，然后上商，够减则商 0， 不够减商 1。详见唐朔飞计算机组成原理教材。13. 在计算机中，通常用来表示主存地址的是 。（分数：2.00）A. 移码B. 补码C. 原码D. 无符号数 V解析：解析 主存地址都是正数，因此不需要符号位，故直接采用无符号数表示。

9、14. 由3个“1”和5个“0”组成的8位二进制补码，能表示的最小整数是。（分数：2.00）A. -126B. -125 VC. -32D. -3解析：解析补码整数表示时，负数的符号位为1，数值位按位取反，末位加1，因此剩下的2个“1”在 最低位时，表示的是最小整数，为 10000011，转换成真值为-125。15. 某计算机字长为32位，按字节编址，采用小端（Little Endian）方式存放数据。假定有一个double型变量，其机器数表示为1122 3344 5566 7788H，存放在0000 8040H开始的连续存储单元中，则存储单元 0000 8046H 中存放的是。（分数：2.0

10、0）A. 22H VB. 33HC. 77HD. 66H解析：解析大端方式：一个字中的高位字节（Byte）存放在内存中这个字区域的低地址处。小端方式：一 个字中的低位字节（Byte）存放在内存中这个字区域的低地址处。依此分析，各字节的存储分配如下表所示：地址0000 8040H0000 8041H0000 8042H0000 8043H内容88H77H66H55H地址0000 8044H0000 8045H0000 8046H0000 8047H内容44H33H22H11H从而存储单元0000 8046H中存放的是：22H。16. 在C语言中，不同类型的数据混合运算中，要先转换成同一类型后进行

11、运算。设一表达式中包含有int、long、char和double类型的变量和数据，则表达式最后的运算结果是，这4种类型数据的转换规律是。(分数： 2.00)A. long， int-char-double-longB. long， char-int-long-doubleC double, char-int-long-double VD.double， char-int-double-long解析： 解析 不同类型数据的混合运算时，遵循的原则是“类型提升”，即较低类型转换为较高类型，最 终结果为double类型。4种类型数据转换规律为charintlongdouble。如一个long型数据与一

12、个int型数据一起运算，需先将int型转换为long型，然后两者再进行运算，结 果为long型。如果float型和double型数据一起运算，虽然它们同为实型，但两者精度不同，仍要先将 float 型转换成 double 型再进行运算，结果亦为 double 型。所有这些转换都是由系统自动进行的，这种 转换通常称为隐式转换。注意在强制类型转换中，从int转换为float时，虽然不会发生溢出，但由于尾数位数的关系，可能有数 据舍入，而转换为double则能保留精度。double转换为float亦是如此。从float或double转换为int 时，小数部分被截断，且由于 int 的表示范围更小，还

13、可能发生溢出。17. 浮点数加、减运算过程一般包括对阶、尾数运算、规格化、舍入和判溢出等步骤。设浮点数的阶码和尾数均采用补码表示，且位数分别为5位和7位(均含2位符号位)。若有两个数X=2 7 X29/32, Y=2 5 X5/8， 则用浮点加法计算X+Y的最终结果是。(分数： 2.00)A. 00111 1100010B. 00111 0100010C. 01000 0010001D. 发生溢出 V解析：解析X的浮点数格式为00，111； 00，11101(分号前为阶码，分号后为尾数)，Y的浮点数格式为 00， 101； 00， 10100。然后根据浮点数的加法步骤进行运算。 对阶。X、Y阶

14、码相减，即00，111-00，101=00，11+11，0111=00，010，可知X的阶码比Y，的价码大 2(这一步可直接目测)。根据小阶向大阶看齐的原则，将y的阶码加2,尾数右移2位，将Y变为00，111； 00， 00101。 尾数相加。即00，11101+00，00101=01，00010，尾数相加结果符号位为01，故需右规。 规格化。将尾数右移1位，阶码加1，得X+Y为01，000； 00，10001。 判溢出。阶码符号位为01,说明发生溢出。本题容易误选选项B、C，这是因为选项B、C本身并没有计算错误，只是它们不是最终结果，选项B少了 第3和第4步，选项C少了第4步。18. 假定变

15、量i、f和d的数据类型分别为int、float和double(int用补码表示，float和double分别用IEEE 754单精度和双精度浮点数格式表示)，已知i=785、f=1.5678E3、d=1.5E100，若在32位机器中执行 下列关系表达式，则结果为“真”的是。I. i=(int)(float)iII. f=(float)(int)fIII. f=(float)(double)fIV. (d+f)-d=f(分数： 2.00)A. 仅I和IIB仅I和III VC. 仅 II 和IIID. 仅III和V解析：解析题中三种数据类型强制类型转换的顺序为int-float-double, int表示的类型为整数， 如果将float转换为int，小数位部分会被舍去，而int是精确到32位的整数，