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1、2018高三化学一轮复习专题4第3单元含硫、氧化合物的性质及应用课时分层训练苏教版含硫、氧化合物的性质及应用A组专项基础达标(建议用时：30分钟)1下列说法不正确的是() 【导学号：37742104】AO3、H2O2、HClO能杀菌消毒的原因是均具有强氧化性B为了加快H2O2水溶液放出O2可加入MnO2CH2O2能使酸性KMnO4溶液褪色表现了H2O2的强氧化性D在酸性溶液中H2O2氧化KI的离子方程式为H2O22I2H=2H2OI2CH2O2使酸性KMnO4溶液褪色表现了H2O2的还原性。2下列说法正确的是()ASO2能使品红溶液、溴水和酸性KMnO4溶液褪色，是因为SO2具有漂白性BSO2
2、、Cl2都可用于漂白物质，将等物质的量的两种气体同时作用于潮湿的有色物质时，可增强漂白效果C活性炭使有色物质褪色是利用了碳单质的还原性，使有色物质发生了还原反应DSO2使品红溶液褪色后，将褪色后的溶液加热，溶液重新变为红色DA项，SO2使溴水、酸性KMnO4溶液褪色是因为SO2的还原性，不是漂白性；B项，SO2与Cl2遇H2O生成H2SO4和HCl，漂白效果减弱；C项，活性炭的漂白原理是其吸附作用；D项，SO2的漂白具有不稳定性。3下列有关说法中正确的是()APM 2.5是指大气中直径小于或等于2.5微米(2.5106 m)的细小颗粒物，PM2.5与空气形成的分散系属于胶体B实施绿化工程，可以
3、有效地防治PM2.5污染C汽车尾气的排放是造成温室效应的主要原因D对于某些白酒中混有的少量塑化剂，可通过过滤的方法除去B胶体是分散质微粒直径介于1100 nm的分散系，A项错误；实施绿化工程，能够降低空气中污染物的含量，可以有效地防治PM2.5污染，B项正确；汽车尾气的排放不是造成温室效应的主要原因，C项错误；少量塑化剂可溶于白酒中，不能通过过滤的方法除去，D项错误。4用如图所示实验装置进行物质性质的探究实验。下列说法不合理的是()A若品红溶液褪色，则说明产物中含有SO2B若溴水褪色，则说明SO2具有还原性C若烧瓶中产生黄色浑浊和无色气泡，则说明Na2S2O3只作氧化剂D若品红溶液不褪色、Na
4、2SiO3溶液中出现白色浑浊，则说明亚硫酸比碳酸的酸性强CA项，SO2能使品红溶液褪色；B项，二氧化硫使溴水褪色表现还原性；C项，烧瓶中产生黄色浑浊和无色气泡，说明Na2S2O3既作氧化剂又作还原剂；D项，品红溶液不褪色说明无二氧化硫，Na2SiO3溶液中出现白色浑浊说明有二氧化碳，依据强酸制弱酸原理说明亚硫酸比碳酸的酸性强。5(2017长沙模拟)已知X为一种常见酸的浓溶液，能使蔗糖粉末变黑。A与X反应的转化关系如图所示，其中反应条件及部分产物均已略去，则下列有关说法正确的是() 【导学号：37742105】AX使蔗糖变黑的现象主要体现了X的强氧化性B若A为铁，则足量A与X在室温下即可完全反应
5、C若A为碳单质，则将C通入少量的澄清石灰水，一定可以观察到白色沉淀产生D工业上，B转化为D的反应条件为高温、常压、使用催化剂D由题意知X为浓H2SO4。A项，浓H2SO4使蔗糖变黑主要体现了脱水性；B项，浓H2SO4在室温下使Fe钝化；C项，CO2通入少量澄清石灰水中生成可溶性Ca(HCO3)2；D项，SO2与O2反应的条件为高温催化剂。6如表所示有关物质检验的实验结论正确的是()选项实验操作及现象实验结论A向某溶液中加入盐酸酸化的氯化钡溶液，有白色沉淀生成该溶液中一定含有SOB向某溶液中加入盐酸，将生成的气体通入品红溶液中，品红溶液褪色该溶液一定含有SOC将某气体通入品红溶液中，品红溶液褪色
6、 该气体一定是SO2D将SO2通入Na2CO3溶液中生成的气体，先通入足量的酸性KMnO4溶液，再通入澄清石灰水中有浑浊说明酸性H2SO3H2CO3DA项，Ag干扰；B项，HSO干扰；C项，Cl2等氧化性气体干扰。7硫在空气中燃烧生成气体A，把A溶于水得溶液B，向B中滴加溴水，溴水褪色，B变成C，在C中加Na2S产生气体D，把D通入B溶液得浅黄色沉淀E。A、B、C、D、E都含同一种元素。按A、B、C、D、E顺序排列的是()【导学号：37742106】ASO2、H2SO4、H2SO3、H2S、S BSO2、H2SO3、H2SO4、H2S、SCSO2、H2SO3、H2SO4、SO3、Na2S2O3
7、DSO3、H2SO4、H2SO3、SO2、Na2S2O3BSSO2H2SO3H2SO4H2SS。8下列反应及用途所体现的浓硫酸的性质错误的是()A将浓硫酸滴到蔗糖上，蔗糖变黑并膨胀，表现浓硫酸的脱水性B常温下，用铁制容器盛装浓硫酸，表现浓硫酸的强氧化性C铜与浓硫酸共热，只表现浓硫酸的强氧化性D碳与浓硫酸共热，只表现浓硫酸的强氧化性CCu与浓H2SO4共热反应时，H2SO4表现了强氧化性和酸性。9(2017常德模拟)如图是检验气体性质的实验装置。向装置中缓慢通入气体X，若关闭活塞K，品红溶液无变化、澄清石灰水变浑浊；若打开活塞K，品红溶液褪色。据此判断，气体X和液体Y可能是 () 选项物质ABC
8、DXH2SSO2CO2Cl2Y浓硫酸NaHCO3饱和溶液Na2SO3溶液NaHSO3溶液BH2S不能使品红溶液褪色，A错误。SO2可与NaHCO3饱和溶液反应生成二氧化碳，若关闭活塞K，则品红溶液无变化，生成的二氧化碳气体使澄清石灰水变浑浊；若打开活塞K，则品红溶液褪色，B正确。二氧化碳不能使品红溶液褪色，所以打开活塞K，品红溶液不会褪色，C错误。Cl2不能使澄清石灰水变浑浊，D错误。10根据要求完成下列实验过程(a、b为弹簧夹，加热及固定装置已略去)。 【导学号：37742107】(1)验证碳、硅非金属性的相对强弱(已知酸性：亚硫酸碳酸)。连接仪器、_、加药品后，打开a、关闭b，然后滴入浓硫
9、酸，加热。装置A中试剂是_。能说明碳的非金属性比硅强的实验现象是_。(2)验证SO2的氧化性、还原性和酸性氧化物的通性。在(1)操作后打开b，关闭a。H2S溶液中有浅黄色浑浊出现，化学方程式是_。BaCl2溶液中无明显现象，将其分成两份，分别滴加下列溶液，将产生的沉淀的化学式填入下表相应位置。滴加的溶液氯水氨水沉淀的化学式写出其中SO2显示还原性生成沉淀的离子方程式：_。解析(1)在验证碳的非金属性比硅强时，是用生成的CO2通入Na2SiO3溶液中，且保证CO2中不含SO2，故A中加品红溶液检验SO2已除尽。(2)向BaCl2溶液中通入SO2后滴加氯水，溶液中生成SO，形成BaSO4沉淀；滴加
10、氨水，溶液中生成SO，形成BaSO3沉淀。答案(1)检验装置气密性品红溶液A中品红溶液没有完全褪色，盛有Na2SiO3溶液的试管中出现白色沉淀(2)2H2SSO2=3S2H2O滴加的溶液氯水氨水沉淀的化学式BaSO4BaSO3Ba2SO2Cl22H2O=BaSO44H2Cl11(2016浙江高考节选)磁性材料A是由两种元素组成的化合物，某研究小组按如下流程探究其组成：请回答：(1)A的组成元素为_(用元素符号表示)，化学式为_。(2)溶液C可溶解铜片，列举该反应的一个实际应用_。(3)已知化合物A能与稀硫酸反应，生成一种淡黄色不溶物和一种气体(标准状况下的密度为1.518 gL1)，该气体分子
11、的电子式为_。写出该反应的离子方程式_。(4)写出FG反应的化学方程式_。设计实验方案探究溶液G中的主要微粒(不考虑H2O、H、K、I)_。解析(1)化合物A在足量空气中充分煅烧，得到红棕色固体B和无色气体E，B溶于盐酸得到黄色溶液C，C加入KSCN溶液得到血红色溶液D，说明A中含有Fe元素，B为Fe2O3，C为FeCl3溶液，D为Fe(SCN)3溶液。无色气体E溶于水得到无色酸性溶液F，F加入棕红色I2的KI溶液，得到无色溶液G，且溶液的酸性变强，据此推知E为SO2，F为H2SO3，G为H2SO4和HI的混合液，因此化合物A中含有Fe、S元素。2.400 g Fe2O3中含有Fe元素的质量为
12、2.400 g1.680 g，则A中S元素的质量为2.960 g1.680 g1.280 g，那么化合物A中Fe、S原子个数之比为34，故A的化学式为Fe3S4。(2)溶液C中含有FeCl3，可溶解铜片，发生的反应为2FeCl3Cu=2FeCl2CuCl2，该反应常用于制印刷电路板。(3)A(Fe3S4)能与稀硫酸反应，生成一种淡黄色不溶物(单质S)和一种气体，该气体在标准状况下的密度为1.518 gL1，则气体的摩尔质量为1.518 gL122.4 Lmol134.00 gmol1，从而可知该气体为H2S，其电子式为。结合已知信息及守恒关系规律可知，该反应的离子方程式为Fe3S46H=3H2
13、S3Fe2S。(4)无色酸性溶液F(H2SO3)加入棕红色I2的KI溶液，得到无色溶液G(含H2SO4)，化学方程式为H2SO3I2H2O=H2SO42HI。溶液G中主要含有SO、H2SO3等微粒，由于HCl的酸性强于H2SO3，欲探究溶液G中的主要微粒，可先加入过量BaCl2溶液，若产生白色沉淀，则含有SO；过滤后向滤液中滴加H2O2溶液，若再产生白色沉淀，则有H2SO3。答案(1)S，FeFe3S4(2)制印刷电路板(3) Fe3S46H=3H2S3Fe2S(4)H2SO3I2H2O=H2SO42HI取溶液G，加入过量BaCl2溶液，若产生白色沉淀，则有SO；过滤后取滤液，滴加H2O2溶液，若再产生白色沉淀，则有H2SO3B组专项能力提升(建议用时：15分钟)12(2017忻州模拟)SO2通入足量的Fe(NO3)3稀溶液中，溶液由棕黄色变为浅绿色，但立即又变成棕黄色，这时若滴入BaCl2溶液，会产生白色沉淀。针对上述一系列变化，下列说法不正确的是()【导学号：37742108】A上述过程中，最终被还原的是NOB从上述反应可以得出结论，氧化性：HNO
