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1、椭圆原则方程典型例题例 已知椭圆的一种焦点为（,2）求的值分析：把椭圆的方程化为原则方程，由，根据关系可求出的值解：方程变形为由于焦点在轴上，因此，解得.又,因此,适合.故.例 已知椭圆的中心在原点,且通过点，求椭圆的原则方程分析：因椭圆的中心在原点,故其原则方程有两种状况根据题设条件，运用待定系数法,求出参数和(或和）的值,即可求得椭圆的原则方程.解:当焦点在轴上时，设其方程为.由椭圆过点，知.又，代入得,，故椭圆的方程为.当焦点在轴上时,设其方程为.由椭圆过点,知又,联立解得,故椭圆的方程为.例3 的底边，和两边上中线长之和为30,求此三角形重心的轨迹和顶点的轨迹.分析:(1）由已知可得,
2、再运用椭圆定义求解（）由的轨迹方程、坐标的关系，运用代入法求的轨迹方程解：(1)以所在的直线为轴,中点为原点建立直角坐标系设点坐标为,由，知点的轨迹是以、为焦点的椭圆，且除去轴上两点.因，,有,故其方程为（2)设,则 由题意有代入,得的轨迹方程为,其轨迹是椭圆(除去轴上两点）例4已知点在以坐标轴为对称轴的椭圆上，点到两焦点的距离分别为和,过点作焦点所在轴的垂线,它正好过椭圆的一种焦点,求椭圆方程.解：设两焦点为、，且,从椭圆定义知.即从知垂直焦点所在的对称轴，因此在中,，可求出,，从而所求椭圆方程为或例5 已知椭圆方程,长轴端点为，焦点为,，是椭圆上一点，.求:的面积（用、表达).分析：求面积
3、要结合余弦定理及定义求角的两邻边，从而运用求面积解:如图，设，由椭圆的对称性，不妨设,由椭圆的对称性,不妨设在第一象限由余弦定理知: 由椭圆定义知: ,则得 故 .例 已知动圆过定点，且在定圆的内部与其相内切,求动圆圆心的轨迹方程.分析：核心是根据题意，列出点P满足的关系式.解：如图所示，设动圆和定圆内切于点动点到两定点,即定点和定圆圆心距离之和正好等于定圆半径，即.点的轨迹是以,为两焦点，半长轴为4，半短轴长为的椭圆的方程：阐明：本题是先根据椭圆的定义,鉴定轨迹是椭圆,然后根据椭圆的原则方程，求轨迹的方程.这是求轨迹方程的一种重要思想措施.例7 已知椭圆,（1）求过点且被平分的弦所在直线的方
4、程；(2)求斜率为2的平行弦的中点轨迹方程；(3）过引椭圆的割线,求截得的弦的中点的轨迹方程；（4）椭圆上有两点、，为原点,且有直线、斜率满足，求线段中点的轨迹方程 分析：此题中四问都跟弦中点有关,因此可考虑设弦端坐标的措施解：设弦两端点分别为,线段的中点，则得由题意知,则上式两端同除以,有,将代入得（1)将,代入,得,故所求直线方程为： . 将代入椭圆方程得,符合题意，为所求.(）将代入得所求轨迹方程为： (椭圆内部分)（）将代入得所求轨迹方程为： （椭圆内部分)（）由+得 : ， ， 将平方并整顿得, ， , 将代入得： ， 再将代入式得: ， 即 .此即为所求轨迹方程.固然,此题除了设弦
5、端坐标的措施,还可用其他措施解决例 已知椭圆及直线.（1）当为什么值时,直线与椭圆有公共点？(2)若直线被椭圆截得的弦长为,求直线的方程.解:(1)把直线方程代入椭圆方程得 ，即.，解得(）设直线与椭圆的两个交点的横坐标为，,由(1）得,.根据弦长公式得 ：解得.方程为阐明：解决有关直线与椭圆的位置关系问题及有关弦长问题,采用的措施与解决直线和圆的有所区别这里解决直线与椭圆的交点问题，一般考虑鉴别式;解决弦长问题，一般应用弦长公式用弦长公式，若能合理运用韦达定理（即根与系数的关系）,可大大简化运算过程例 以椭圆的焦点为焦点,过直线上一点作椭圆，要使所作椭圆的长轴最短,点应在何处?并求出此时的椭
6、圆方程.分析:椭圆的焦点容易求出，按照椭圆的定义,本题事实上就是要在已知直线上找一点,使该点到直线同侧的两已知点（即两焦点)的距离之和最小,只须运用对称就可解决解：如图所示,椭圆的焦点为,.点有关直线的对称点的坐标为(9,6）,直线的方程为.解方程组得交点的坐标为（-5，4）此时最小所求椭圆的长轴:,又，因此，所求椭圆的方程为.例10 已知方程表达椭圆,求的取值范畴.例11 解:由得，且满足条件的的取值范畴是,且阐明:本题易浮现如下错解：由得,故的取值范畴是出错的因素是没有注意椭圆的原则方程中这个条件,当时，并不表达椭圆例12 已知表达焦点在轴上的椭圆,求的取值范畴.分析:根据已知条件拟定的三
7、角函数的大小关系再根据三角函数的单调性，求出的取值范畴.解:方程可化为.由于焦点在轴上，因此因此且从而.阐明:（1)由椭圆的原则方程知，这是容易忽视的地方(2)由焦点在轴上,知，.()求的取值范畴时，应注意题目中的条件.例12求中心在原点,对称轴为坐标轴，且通过和两点的椭圆方程分析：由题设条件焦点在哪个轴上不明确,椭圆原则方程有两种情形，为了计算简便起见,可设其方程为(，)，且不必去考虑焦点在哪个坐标轴上，直接可求出方程.解：设所求椭圆方程为(，）由和两点在椭圆上可得即因此,故所求的椭圆方程为.例13 知圆,从这个圆上任意一点向轴作垂线段，求线段中点的轨迹分析:本题是已知某些轨迹，求动点轨迹问
8、题.这种题目一般运用中间变量（有关点)求轨迹方程或轨迹解:设点的坐标为，点的坐标为,则,.由于在圆上，因此.将,代入方程得因此点的轨迹是一种椭圆阐明：此题是运用有关点法求轨迹方程的措施，这种措施具体做法如下:一方面设动点的坐标为,设已知轨迹上的点的坐标为,然后根据题目规定,使，与,建立等式关系,从而由这些等式关系求出和代入已知的轨迹方程,就可以求出有关，的方程,化简后即我们所求的方程.这种措施是求轨迹方程的最基本的措施，必须掌握.例14 已知长轴为1，短轴长为，焦点在轴上的椭圆,过它对的左焦点作倾斜解为的直线交椭圆于,两点,求弦的长.分析:可以运用弦长公式求得,也可以运用椭圆定义及余弦定理,还
9、可以运用焦点半径来求.解：（法1)运用直线与椭圆相交的弦长公式求解由于,，因此由于焦点在轴上,因此椭圆方程为,左焦点，从而直线方程为.由直线方程与椭圆方程联立得:.设，为方程两根，因此,， 从而.（法2)运用椭圆的定义及余弦定理求解由题意可知椭圆方程为,设,，则,.在中,，即；因此同理在中,用余弦定理得，因此.(法3)运用焦半径求解先根据直线与椭圆联立的方程求出方程的两根,，它们分别是，的横坐标再根据焦半径，,从而求出.例15 椭圆上的点到焦点的距离为2，为的中点,则（为坐标原点)的值为A.4B2 C. D.解:如图所示,设椭圆的另一种焦点为，由椭圆第一定义得,因此，又由于为的中位线,因此,故
10、答案为.阐明：(）椭圆定义：平面内与两定点的距离之和等于常数(不小于）的点的轨迹叫做椭圆.(2)椭圆上的点必然适合椭圆的这一定义，即，运用这个等式可以解决椭圆上的点与焦点的有关距离例1 已知椭圆，试拟定的取值范畴,使得对于直线,椭圆上有不同的两点有关该直线对称.分析:若设椭圆上,两点有关直线对称,则已知条件等价于:(1）直线;()弦的中点在上运用上述条件建立的不等式即可求得的取值范畴.解：(法1)设椭圆上，两点有关直线对称,直线与交于点.的斜率,设直线的方程为由方程组消去得 。.于是，,即点的坐标为.点在直线上,解得. 将式代入式得 ,是椭圆上的两点，.解得.(法2)同解法1得出，,，即点坐标
11、为，为椭圆上的两点,点在椭圆的内部，.解得.(法3)设,是椭圆上有关对称的两点,直线与的交点的坐标为.,在椭圆上，两式相减得，即又直线,即。又点在直线上, 。由,得点的坐标为.如下同解法2阐明：波及椭圆上两点，有关直线恒对称，求有关参数的取值范畴问题,可以采用列参数满足的不等式：(1)运用直线与椭圆恒有两个交点，通过直线方程与椭圆方程构成的方程组，消元后得到的一元二次方程的鉴别式,建立参数方程(2）运用弦的中点在椭圆内部，满足,将,运用参数表达,建立参数不等式例17 在面积为1的中，,，建立合适的坐标系,求出以、为焦点且过点的椭圆方程解:以的中点为原点,所在直线为轴建立直角坐标系，设.则即得所
12、求椭圆方程为例18已知是直线被椭圆所截得的线段的中点，求直线的方程.分析:本题考察直线与椭圆的位置关系问题.一般将直线方程与椭圆方程联立消去（或)，得到有关(或)的一元二次方程,再由根与系数的关系,直接求出,（或,)的值代入计算即得并不需规定出直线与椭圆的交点坐标,这种“设而不求”的措施，在解析几何中是常常采用的解：措施一:设所求直线方程为.代入椭圆方程，整顿得 设直线与椭圆的交点为，则、是的两根，为中点，.所求直线方程为措施二:设直线与椭圆交点,.为中点，,.又，在椭圆上,两式相减得,即直线方程为措施三:设所求直线与椭圆的一种交点为，另一种交点、在椭圆上， 。 从而,在方程的图形上，而过、的直线只有一条，直线方程为.阐明:直线与圆锥曲线的位置关系是重点考察的解析几何问题，“设而不求”的措施是解决此类问题的有效措施若已知焦点是、的椭圆截直线所得弦中点的横坐标是4,则如何求椭圆方程？
