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1、1.2.3.4.5.6.7.8.9.10.11.12.13.14.15.16.模拟试题（2） 随着电信和信息技术的发展，国际上出现了所谓“三网融合”的趋势，下列不属于三网之一的是 （D ）A. 传统电信网B.计算机网（主要指互联网）C.有线电视网D.卫星通信网Internet的核心协议是（B ）A. X.25 B.TCPIP C.ICMP D.UDP在常用的传输介质中，A.双绞线的带宽取宽，信号传输衰减取小，抗干扰能力取强。（C ）B.同轴电缆C光纤D.微波具有24个10M端口的交换机的总带宽可以达到（C ）。A. 10M B. 100M C 240M D. 10/24M 下列哪种情况需要启动
2、ARP请求？（ C ）A. 主机需要接收信息，但ARP表中没有源IP地址与MAC地址的映射关系。B. 主机需要接收信息，但ARP表中已经具有了源IP地址与MAC地址的映射关系。C. 主机需要发送信息，但ARP表中没有目的IP地址与MAC地址的映射关系。D. 主机需要发送信息，但ARP表中已经具有了目的IP地址与MAC地址的映射关系。 下列哪种说法是错误的？（ B ）A. IP层可以屏蔽各个物理网络的差异。B. IP层可以代替各个物理网络的数据链路层工作。C. IP层可以隐藏各个物理网络的实现细节。D. IP层可以为用户提供通用的服务。以下ip地址中，属于C类地址的是（B ）。A. 3.3.57
3、.0 B. 193.1.1.2 C. 131.107.2.89 D. 190.1.1.4IP地址由一组的二进制数字组成。（_C ）A. 8 位B. 16 位C. 32 位D. 64 位能实现不同的网络层协议转换功能的互联设备是（C ）。A.集线器 B.交换机C.路由器 D.网桥为了保证连接的可靠建立，TCP通常采用（A ）。A. 3次握手法B.窗口控制机制C.自动重发机制D.端口机制从逻辑功能上来看，计算机网络可分为以下两部分（_D ）A.服务器、通信子网C.数据通信网、服务器 调制解调器中的调制器的作用是（ A.将数字数据转换为模拟数据 C.将模拟信号转换为数字数据 在OSI参考模型的层次中
4、，（C A.物理层B.DBBD.）B.数据链路层C.网络层局域网、通信子网通信子网、资源子网）。将数字数据转换为模拟信号 将模拟数据转换为数字信号 的数据传送单位是分组。D.运输层通过改变载波信号的相位值来表示数字信号“1”和“0”的方法叫做（C ）。A. ASKB. FSK C. PSKD. ATM因特网使用的互联协议是（B ）。A. IPX 协议 B. IP 协议 C. AppleTalk 协议 D. Net BEU I 协议 IP地址是一个32位的二进制数，它通常采用点分（C ）。A. 二进制数表示C.十进制数表示B. 八进制数表示D.十六进制数表示17. 在WWW服务系统中，编制的We
5、b页面应符合（A ）。A. HTML 规范 B. RFC822 规范 C. MIME 规范 D. HTTP 规范18. 下列哪个地址是电子邮件地址：（B ）A.WWW.263.NET.CNB.C. 192.168.0.100D.http:/。19. TCP/IP网络类型中，提供端到端的通信的是（B ）A.应用层B.传输层C.网络层D.网络接口层20. 在网页浏览过程中，Cache的作用是（C ）A.提高传输的准确率B.提高图像质量C加快浏览速度D.使浏览器可以播放声音21. 一座大楼内的一个计算机网络系统，属于（ B ）A、VPNB、LANC、MAND、WAN22. 不同的交换方式具有不同的性
6、能。如果要求数据在网络中的传输延时最小，应选用的交换方式是 A。A、线路交换B、报文交换 C、分组交换D、信元交换23. 通信系统必须具备的三个基本要素是（ C ）A、终端、电缆、计算机B、信号发生器、通信线路、信号接收设备C、信源、通信媒体、信宿D、终端、通信设施、接收设备24. 数据链路层传输的信息单元是C。A、字B、分组C、帧D、上述所有25. 在TCP/IP网络中，IP协议提供主机之间的 D分组传输服务。A、可靠的面向连接的B、不可靠的面向连接的C、可靠的无连接的D、不可靠的无连接的26. 随着电信和信息技术的发展，国际上出现了所谓“三网融合”的趋势，下列不属于三网之一的是 （ D ）
7、。A、传统电信网B、算机网（主要指互联网）C、有线电视网D、卫星通信网27. 以下哪一个选项按顺序包括了 OSI模型的各个层次（A ）A、物理层，数据链路层，网络层，传输层，会话层，表示层和应用层B、物理层，数据链路层，网络层，传输层，系统层，表示层和应用层C、物理层，数据链路层，网络层，转换层，会话后，表示层和应用层D、表示层，数据链路层，网络层，传输层，会话层，物理层和应用层28. IPv6地址的长度为 A、 32 bits B、 48 bits C、 64 bits D、 128 bitsB ）B、DNS （域名系统）D、IP协议29. 完成主机名到IP地址的解析。A、ARP协议C、FT
8、P协议30. IP协议是无连接的，其信息传输方式是AA、数据报B、点对点C、广播D、虚电路1. FDMFrequency-division multiplexing ，频分多路复用2. PDUPro tocol data uni t，协议数据单元3. FTPFile Transfer Pro tocol，文件传输协议4. HTTPHyperText Transfer Pro tocol，超文本传输协议5. SMTPSimple Mail Transfer Pro tocol，简单邮件传输协议6. IPInternet 协议7. PDU协议数据单元8. FTP文件传输协议9. HTTP超文本传输
9、协议10. SMTP简单邮件传输协议11. CSMA/CDCarrier sense multiple access /collision detect 载波监听多路访问/冲突检测12. RIPRouting informa tion pro tocol, 路由信息协议13. DNSDomain name service，域名服务14. URLUniform Resource Loca tor, 统一资源定位符15. HTMLHyperTex t Mark-up Language，超文本标记语言1. 收发两端之间的传输距离为1000km,信号在媒体上的传播速率为2X108m/s。试计算以下两种
10、情 况的发送时延和传播时延：(1) 数据长度为107bit,数据发送速率为100kb/s。(2) 数据长度为103bit,数据发送速率为1Gb/s。 从上面的计算中可以得到什么样的结论？解：(1)发送时延：ts=107/105=100s传播时延 tp=106/(2 X 108)=0.005s(2) 发送时延 ts =103/109=1卩s 传播时延：tp=106/(2X108)=0.005s结论：若数据长度大而发送速率低,则在总的时延中,发送时延往往大于传播时延。但若数据 长度短而发送速率高,则传播时延就可能是总时延中的主要成分。2. 假定1km长的CSMA/CD网络的数据率为1Gb/s。设信
11、号在网络上的传播速率为200000km/s。求能 够使用此协议的最短帧长。答：对于1km电缆，单程传播时间为1/200000=5为微秒，来回路程传播时间为10微秒，为了 能够按照CSMA/CD 工作，最小帧的发射时间不能小于10微秒，以1 Gb/s速率工作，10微 秒可以发送的比特数等于10* 10=6/1 *10=9=10000,因此，最短帧是10000位或1250字节 长3. 下图表示有五个站点分别连接在三个局域网上，并且用网桥B1和B2连接起来。每一个网桥都有 两个接口(1和2)。在一开始，两个网桥中的转发表都是空的。以后有以下各站向其他的站发送 了数据帧：A发送给E, C发送给B，D发
12、送给C, B发送给A。试把有关数据填写在下表中。发送的 帧B1的转发表B2的转发表B1的处理 （转发？丢弃？登记？）B2的处理（转发？丢 弃？登记？）地址接口地址接口AEA1A1转发，写入转发表转发，写入转发 表C-B2C1转发，写入转发表转发，写入转发 表D-CD2D2写入转发表，丢弃 不转发转发，写入转发 表BAB1写入转发表，丢 弃不转发接收不到这 个帧Bl答:|1B24. 假定网络中的路由器B的路由表有如下的项目（这三列分别表示“目的网络”、“距离”和“下一跳路由器”）N1N2N6N8N972844ABFEF现在B收到从C发来的路由信息（这两列分别表示“目的网络” “距离”）:N2N3
13、N6N8N948435试求出路由器B更新后的路由表（详细说明每一个步骤）。路由器B更新后的路由表如下：N17A无新信息，不改变N25C相同的卜一跳，更新N39C新的项目，添加进来N65C不同的下一跳，距离更短，更新N84E不同的下一跳，距离一样，不改变N94F不同的下一跳，距离更大，不改变5. 假设信号在媒体上的传播速度为2 X 108m/s.媒体长度L分别为:（1）10cm （网络接口卡）（2）100m （局域网）（3）100km （城域网）(4) 5000km (广域网) 试计算出当数据率为1Mb/s和10Gb/s时在以上媒体中正在传播的比特数。 解：(1) 1Mb/s:传播时延=0.1/
14、(2X108)=5X10-1。比特数=5 X 10-10X 1 X 106=5 X 10-41Gb/s:比特数=5X10-10X1X109=5X10-1(2) 1Mb/s:传播时延=100/(2X 108)=5X 10-7 比特数=5 X 10-7 X 1X 106=5 X 10-1 1Gb/s:比特数=5X10-7X1X109=5X102(3) 1Mb/s:传播时延=100000/(2X 108)=5X 10-4 比特数=5 X 10-4 X 1X 106=5 X 1021Gb/s:比特数=5X10-4X1X109=5X105(4) 1Mb/s:传播时延=5000000/(2 X 108)=2.5 X 10-2 比特数=2.5X10-2X1X 106=5 X 1041Gb/s:比特数=2.5X10-2X1X109=5X1076. 假定1km长的CSMA/CD网络的数据率为100Mb/s。设信号在网络上的传播速率为200000km/s。求 能够使用此协议的最短帧长。答：对于1km电缆，单程传播时间为1/200000=5为微秒，来回路程传播时间为10微秒，为了 能够按照CSMA
