《武汉大学分析化学课后思考题答案》由会员分享，可在线阅读，更多相关《武汉大学分析化学课后思考题答案（25页珍藏版）》请在金锄头文库上搜索。
1、 第一章 概论 1、答：定义:分析化学是发展和应用各种理论、方法、仪器和策略以获取相关物质在相对时空内的组成和性质的信息的一门科学。 任务：定性、定量、结构。 作用：略 2、答：略 3、答：取样分解测定计算及评价 注：取样的原则：应取具有高度代表性的样品； 分解的原则：防止式样损失；防止引入干扰。 4、答：Na2B4O710H2O的摩尔质量比Na2CO3的大，故选择硼砂作为标定盐酸的基准物质可以使称量误差减小，但是硼砂含10个结晶水不稳定，而碳酸钠摩尔质量小，性质稳定。 6、答： a.偏低 b.偏低 c.偏低 d.无影响 e.偏大 f.偏小 g.偏大 h.可能偏大也可能偏小 7、答：偏低 Na
2、OHOHOCHOHOCHNaOHVMmC1210002422242222? 因为失水后的H2C2O4中含有比同样质量H2C2O42H2O更多的能与NaOH作用的H+，这样测定时消耗VNaOH增大，所以CNaOH偏小。 8、答：偏高 第二章 分析试样的采集与制备（略） 1、答：不对。应将原始试样全部送交分析部门，再由分析人员对原始试样采用四分法进行缩分，依据经验公式取样，再分解、测定等。 2、答：分解无机试样和有机试样的主要区别在于：无机试样的分解时将待测物转化为离子，而有机试样的分解主要是破坏有机物，将其中的卤素，硫，磷及金属元素等元素转化为离子。 3、答：用NaOH溶解试样，Fe，Ni，Mg
3、形成氢氧化物沉淀，与Zn基体分离。 4、答：测硅酸盐中SiO2的含量时采用碱熔法，用KOH熔融，是硅酸盐中的硅转化为可溶性的K2SiO3，再用容量法测定：测定硅酸盐中Fe，Al，Ca，Mg，Ti的含量时，用HF酸溶解试样，使Si以SiF4的形式溢出，再测试液中Fe，Al，Ca，Mg，Ti的含量。 5、答：不对。应将镍币全部溶解，因为镍币中铜银分布不一定均匀，这样做取样无代表性。 6.略 第三章 分析化学中的误差与数据处理 1、从定义： 准确度：分析结果与真值相接近的程度。 精密度：测定值与平均值相符合的结果。 从其大小的衡量： 准确度的高低用误差衡量； 精密度的高低用标准偏差衡量 二者的联系：
4、 精密度是保证准确度的先决条件； 精密度高，准确度不一定高； 准确度高一定要求精密度高； 由精密度高即可判断分析结果可考的是系统误差小。 2、答：a、随机误差 b、随机误差 c、随机误差 d、系统误差（换试剂重新做） e、随机误差 f、系统误差（做空白试验） g、系统误差（方法校正） h、系统误差（校正砝码） i、随机误差 3、 答：一位，四位，两位，三位，不确定，四位，两位 4、0.17%，0.02%，绝对误差相同，相对误差分析结果的增大而减小，相对误差小的准确度更高 5、答：不合理，因为称样量为0.0600g只有三位有效数字，根据误差传递规律或有效数字运算规则，其结果只能有三位有效数字，应
5、为97.3%。 6.答：分布曲线描述无限次测量数据 t分布曲线藐视有限次测量数据 ：分布曲线横坐标为 t分布曲线横坐标为t =x-/ :总体平均值 t=x-/s ：总体标准偏差 ：两者所包含面积均是一定范围呢测量值出现的概率P 分布曲线P岁变化：一定，P一定 t分布曲线P随t和f变化：t一定，概率P随f而变; 7、略 8、答：0.2000 145.1 9.01 0.2000 100%= 6.21% 因为本方法只能测准至0.01%，所以分析结果应以三位有效数字报出。 第四章 分析化学中的质量保证与质量控制（略） 第五章 酸碱滴定 1、答：离子强度对活度系数的影响是与离子的电荷和离子的体积有关，电
6、荷越高，影响越大，体积越大，影响越大，而受电荷的影响程度大于体积的影响程度，而上述三种离子的体积大小为H+SO42-HSO4-，但SO42-是2价离子，所以三种离子的浓度系数的大小顺序为?244SOHSOHrrr。 2、 答：?4111042242HSOHacarrKOCHOHCHK ?2424222042242OcHOHCacarrrKOHCOCHK 当加入大量强电解质，溶液的离子强度增大时，离子的活度系数均减小离子的价奋越高，减小的程度越大，所以这时Kca1和Kca2均增大。由于r42OHC ?242OrC ?42OrHC，所以Kca1增加幅度大，Kca2增加幅度小，所以Kca1和Kca2
7、之间的差别是增大了，由于浓度常数只与温度有关而与离子强度无关，所以K0a1和K0a2不受影响。 3、答：a 、不是 b、c、de、f、是 4、答：a、偏低。因其将使NaOH溶液的体积消耗增大。 (NaOHNaOHVMWC1000?邻邻) b、第一化学计量点时无影响 (CO2+2NaOH=CO32-+2Na+H2O CO32-+2H3PO4=CO2+H2O+2H2PO4- NaOH+H3PO4=NaH2PO4+H2O) 第二化学计量点时，结果偏高 (CO2+2NaOH=CO32-+2Na+H2O 2CO32-+ H3PO4=2HCO3-+HPO42- H2PO4-+OH-=HPO42-+H2O)
8、 相当于使NaOH浓度变稀，消耗体积增大。 （3434110002%100%HPONaOHNaOHMCVHPOW?） c 、偏高。1()0.4%2100%0.2%1()(100%0.4%)2NaOHNaOHCVCV? 5、答：上述操作不正确。因为NaOH返滴定过量的HCl时，NaAc的中和产物HAc也能与NaOH作用。（CKAc-=C10-9.2610-8） 6、答：pH=10.50时 有CO3 2-、HCO3 -， 主要组分为CO3 2- pH=6.00时 有HCO3 和H2CO3 ， 主要组分HCO3 - pH4.0时 主要组分H2CO3 7、答： 20aInHHInaKaa? 22200
9、lglgInInaaHInHInaInpHpKpKaHIn? 理论变色点时2InHIn? 200220.520.51InaaHInpHpKlgpKII? （2lg0.5iZI?） =00.5(41)apKI? =01.5apKI? 理论变色点的pH值变小。 8、答： （1） 2个突跃 （2）1个突跃 （3）1个突跃 （4）2个突跃 （5）1个突跃 （6）1个突跃 9.答：a. HCl+H3BO3 答：因为的H3BO3的KaC1 lgK，TiOY=lgKTiOY-lgY-lgTiOY+lgTiOY (H2O2) 4.答：因为lgKHgY2-= lgKHgY2-lgHglgY+lgHgY2- 又因为HgY2-=HgY2-(NH3)+ HgY2- (OH) 1增大缓冲剂的总浓度时，NH3增大，OH-不变，即HgY2-(NH3)增大，HgY2- (OH)不变，HgY2-增大，lgK,HgY2-增大，突跃范围增大。 5.答：（1）情况的lgKZnY大。因为在情况（2）里Zn2+多了一个副反应，即由于Zn2+与NH3生成络合物而产生了络合效应，从而使lgKZnY值减小。 6.答：因为在此体系中只有Cu2+能与NH3形成络合物，所以lgKCuY受络合效应的影响，而Cu(NH3)与NH3浓度有关,NH3 浓度大，Cu(
