《2023届广东省深圳市罗湖区高三年级上册学期期末质量检测数学试题》由会员分享，可在线阅读，更多相关《2023届广东省深圳市罗湖区高三年级上册学期期末质量检测数学试题（14页珍藏版）》请在金锄头文库上搜索。
1、机密启用前试卷类型：A深圳市罗湖区2022-2023学年高三上学期期末质量检测数学 2023.1注意事项：1.本试卷共4页，共22题，满分150分，考试用时120分钟.2.答卷前，考生务必将自己的学校，班级和姓名填在答题卡上，正确粘贴条形码.3.作答选择题时，用2B铅笔在答题卡上将对应答案的选项涂黑.4.非选择题的答案写在答题卡各题目指定区域内相应位置上，不准使用铅笔和涂改液.5.考试结束后，考生上交答题卡.一、单项选择题：本题共8小题，每小题5分，共40分.在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1.已知集合，则的子集个数为A.0B.1C.2D.无穷多个2.已知复数，则A.B.C
2、.D.3.已知向量，若，则A.6B.5C.4D.34.某科技企业为抓住“一带一路”带来的发展机遇，开发生产一智能产品，该产品每年的固定成本是25万元，每生产万件该产品，需另投入成本万元.其中，若该公司一年内生产该产品全部售完，每件的售价为70元，则该企业每年利润的最大值为A.720万元B.800万元C.875万元D.900万元5.圆与圆公共弦长为A.B.C.D.6.已知为偶函数，当时，则曲线在点处的切线方程是A.B.C.D.7.某批产品来自，两条生产线，生产线占，次品率为4%；生产线占，次品率为，现随机抽取一件进行检测，若抽到的是次品，则它来自生产线的概率是A.B.C.D.8.正四面体中，是侧
3、棱上（端点除外）的一点，若异面直线与直线所成的角为，直线与平面所成的角为，二面角的平面角为，则A.B.C.D.二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分.在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求。全部选对的得5分，部分选对的得2分，有选错的得0分。9.等比数列的公比为，前项和为，且，以下结论正确的是A.是等比数列B.数列，成等比数列C.若，则是递增数列D.若，则是递增数列10.已知随机变量，函数，则A.当时，取得最大值B.曲线关于直线对称C.轴是曲线的渐近线D.曲线与轴之间的面积小于111.已知，为椭圆左、右顶点，为的右焦点，是的上顶点，f的垂直平分线交于，若，三点共线，则A.B.
4、的离心率为C.点到直线的距离为D.直线，的斜率之积为12.已知，函数，则A.的图象关于原点对称B.有四个极值点C.在上单调递增D.的最大值不大于三、填空题：本大题共4小题，每小题5分，共20分。13.若是第三象限角，且，则_.14.已知，则的最小值为_.15.若正方形的顶点均在半径为1的球上，则四棱雉体积的最大值为_.16.已知的顶点，点，均在抛物线上.若，的中点也在上，的中点为，则_，的面积_.四、解答题：本大题共6小题，共70分。解答应写出文字说明，证明过程或演算步骤。17.（10分）已知数列中，.（1）求数列的通项公式；（2）设求数列的前100项和.18.（12分）在中，角，对边分别为，
5、且，.（1）求；（2）若，边上中线，求的面积.19.（12分）快到采摘季节了，某农民发现自家果园里的某种果实每颗的重量有一定的差别，故随机采摘了100颗，分别称出它们的重量（单位：克），并以每10克为一组进行分组，发现它们分布在区间，并据此画得频率分布直方图如下：（1）求的值，并据此估计这批果实的第70百分位数；（2）若重量在（单位：克）的果实不为此次采摘对象，则从果园里随机选择3颗果实，其中不是此次采摘对象的颗数为，求的分布列和数学期望.注意：把频率分布直方图中的频率视为概率.20.（12分）如图，在三棱柱中，侧面是边长为2的正方形，分别是，的中点.（1）证明：平面；（2）若，再从条件、条件
6、中选择一个作为条件，求直线与平面所成角的正弦值.条件：异面直线与所成的角为45；条件：是等腰三角形.21.（12分）是平面直角坐标系上一动点，两直线，.已知于点，位于第一象限；于点，位于第四象限.若四边形的面积为2.（1）若动点的轨迹为，求的方程.（2）设，过点分别作直线，交于点，.若与的倾斜角互补，证明直线的斜率为一定值，并求出这个定值.22.（12分）已知函数，其中是非零实数.（1）讨论函数在定义域上的单调性;（2）若关于的不等式恒成立，求的取值范围.深圳市罗湖区2022-2023学年高三上学期期末质量检测数学参考答案一、单项选择题：本题共8小题，每小题5分，共40分.在每小题给出的四个选
7、项中，只有一项是符合题目要求的。12345678CABCCCBC7.解析：因为抽到的次品可能来源于，两条生产线，设“抽到的产品来自生产线”，“抽到的产品来自生产线”，“抽到的一件产品是次品”，则由全概率公式得，又由条件概率得.8.【解析】：取中点记为，连接，.过作的垂线垂足为.过作的平行线交于.易得，因为，所以.设正四面体边长为1，有.，因为所以，即综上：也可以取特殊位置法，更快作答。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分.在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求。全部选对的得5分，部分选对的得2分，有选错的得0分。9101112ABABCABDAC第9题，增加条件.12.【解
8、析】：（1）因为是奇函数，所以图象关于原点对称，故选A；（2）因为，不妨令，令，则，得，分别在同一坐标系画出与的图象，如下图：它们在第一象限只有一个交点，交点的横坐标不能具体求出，肯定小于1，故当时，导数为零的点只有两个，故最多只有两个极值点，错；（3）当时，而（由基本不等式得），所以当时，即当时，根据对称性得在上单调递增，故选C；（4）又因为交点的横坐标，所以当时，在上单调递增，在上单调递减，当时取得最大值，故D错.另法：由C正确得，故D错.三、填空题：本大题共4小题，每小题5分，共20分。13. 14.9 15. 16.，16.【解析】：不妨设，则的中点在上，所以，整理得，所以，是方程的两
9、根，所以，即，的面积四、解答题：本大题共6小题，共70分。解答应写出文字说明，证明过程或演算步骤。17.（本小题10分）【解析】（1）法一：由得，所以，因为，所以，即.法二：当时，由两式相减得，所以数列是等差数列.由，得，所以.所以.（2）法一：由题意得，设数列，的前50项和分别为，所以，所以的前100项和为.法二：由题意得，则，即数列是首项为19，公差为18的等差数列，所以的前50项和为，即数列的前100项和为23000.18.（本小题12分）【解析】（1）由正弦定理有.因为，有.因为，故，（2）法一：在和中，因为，则因为，所以所以法二：因为，所以，有.下同法一.法三：如图.作交于，则，即，
10、解得.下同法一.同理也可有其他辅助线做法法四：因为，则.两边平方可得.下同法一.19.（本小题12分）【解析】（1）因为频率分布直方图的组距为10，所以落在区间，上的频率分别为0.20，0.32，0.18，故.因为落在区间上的频率为，而落在区间上的频率为，所以第70百分位数落在区间之间，设为，则，解得，所以估计第70百分位数为31.（2）由（1）知，重量落在的频率为0.2，由样本估计总体得其概率为0.2，因为可取0，1，2，3，且，则，所以的分布列为：0123所以的数学期望为（或直接由）.20.（本小题12分）【解析】（1）证明：取的中点为，连结，因为是的中点，所以且，又因为且，所以且，所以四
11、边形是平面行边形，即，而平面，所以平面.（2）因为，且，平面，所以，又因为，所以分别以，所在的直线为，轴建立空间直角坐标系.选择条件，因为为异面直线与所成的角，即，所以，设，则，解得，所以，所以，设平面的法向量，则令，则，即，所以.选择条件，设，则，因为是等腰三角形，所以上式中只能，即，所以，所以，设平面的法向量为，则令，则，即，所以.21.（本小题12分）【解析】（1）法一：设，依题意得且，即且，设直线，则，解得，所以，所以四边形的面积为，即，所以动点的轨迹方程为.法二：设，依题意得且，即且，设，则，因为直线的方向向量为，所以，即，所以，所以四边形的面积为，即动点的轨迹方程为.（2）法一：设
12、直线（）或），则，联立得，整理得，所以，即，所以，同理得，所以直线的斜率，得证.法二：设直线为，联立得，整理得，所以，因为直线，的斜率分别为，依题意得，即，化简得，所以，即，即，因为，所以，即，所以当时，即当时得证.22.（本小题12分）【解析】（1）当时，的定义域为，当时，的定义域为.（1）当时，.在上单调递增；（2）当时，.在上单调递减.综上所述：当时，在上单调递增；当时，在上单调递减.（2）令.由题恒成立.当时，.因为，故不合题意.当时，则不等式恒成立的必要条件为：.令，则，故在上单调递增.注意到，故由可知.下证充分性：当时，令，则.故在上单调递增.所以.法一：令，则，.故单调递减.因为，故当时，单调递减，当时，单调递增.所以.法二：易证（此处略去证明），从而当时，.故.综上所述：.
