《2019高考物理全优课堂二轮练习测试卷8-恒定电流》由会员分享，可在线阅读，更多相关《2019高考物理全优课堂二轮练习测试卷8-恒定电流（10页珍藏版）》请在金锄头文库上搜索。
1、2019高考物理全优课堂二轮练习测试卷8-恒定电流【一】单项选择题（此题共4小题，每题4分，共16分）1、在5分钟内通过导体横截面积电荷量为1200C,假设导体的电阻为10Q，这时导体两端加的电压为（）A 240VB 120VC、50VD 40V【答案】D【解析】I = Qt，又I = L/R,解得U= 40V.=0D U= 100V, U= 02、如下图，电源电压为200V,两个电容器完全相同，静电计读 数为U电压表读数为A、U= 100V,C、U= 200V, 【答案】C【解析】由于电压表的接入，电路的性质会发生变化，相当于一 个电阻R与电容C的并联，再与C串联，此时C完全可以认为不 存在
2、（只在接入电压表的瞬间，由于 C的放电，电压表有读数）、由 此可知电压会全部落在 C两端，而稳定时电路中没有电流，故电压表 的读数为零，静电计的读数为200V,所以C正确、3、教学上用的吸尘器的电动机内阻是一定的，当加上0.3V的电压，电流为0.3A时，吸尘器上的直流电动机不转动；当加上 2.0V的 电压、电流为0.8A时，它正常工作，那么吸尘器正常工作时输出功 率与输入功率之比为（）A、3 : 5B、5 : 3C 1 : 2D 1 : 3【答案】A【解析】电动机不转时，可视为纯电阻，由欧姆定律可知其内阻2 为 r = 1Q;当正常工作时，Px = UI = 2.0 x 0.8W= 1.6W,
3、 P 热=I r = 0.82X 1W= 0.64W 所以 P出=R P热=1.6W-0.64W= 0.96W,所以输 出功率与输入功率之比为3： 5, A正确、4、 一白炽灯泡的额定功率与额定电压分别为 36W与36V、假设 考虑温度对电阻的影响，把此灯泡接到输出电压为 18V的电源两端， 那么灯泡消耗的电功率（）A、等于36WB小于36Vy大于9WC、等于9WD小于9W【答案】B【解析】当灯泡两端加36V的电压时，灯泡能够正常工作，消耗 的电功率为36W此时灯泡的电阻为36Q .当灯泡两端加上18V的电 压时，灯泡不能正常工作，消耗的电功率必然小于36W而此时灯丝的温度要比加36V时的低，
4、那么工作时灯丝的电阻率必然比正常工作U2时的要小，灯丝电阻必然小于36 Q，那么由公式P= R可以得出此时 消耗的电功率要大于9W故B选项正确、【二】双项选择题（此题共5小题，每题6分，共30分、以下各 小题四个选项中，只有两个选项符合题意、假设只选一个且正确的给 3分，假设选两个且都正确的给 6分，但只要选错一个或不选，该小 题就为0分）5、如右图所示，Pi在研究电源的内、外电压的实验装置中，玻璃容器盛有稀硫酸， 稀硫酸中插入石墨 M锌棒N作为电源的两极、A B是位于两极内侧 的探针，电压表V1、匕分别接在电源的两极和探针上、以下说法正确 的选项是（）A、M极为电源正极，电压表 V2的正接线
5、柱应与探针B相连B、 当滑动变阻器滑动触头向左移动时，电压表Vi、M示数均减 小C、当滑动变阻器滑动触头向左移动时，电源提供的总电功率不 变，滑动变阻器电功率一定减小D无论滑动变阻器触头向右或向左移，滑动变阻器上通过相同 的电荷量时，电源消耗的化学能相等【答案】AD【解析】电压表V2是测量内电压，故其电流从电源负极流向正极， A对、滑动变阻器触头左移时，外电阻变小，总电流增大，那么外电 压U减小，内电压U增大，B错、I增大时，电源总功率P= I 一定 增大，但滑动变阻器消耗的功率（输出功率）可能增大，可能减小（当 外电阻等于电源内阻时，输出功率最大），故C错、电源消耗的化学 能 W/= It
6、= q,故 D对、Lf6、关于三个公式：P= LI，P= |2RP= R,以下表达正确的选项是（）A、公式适用于任何电路电热功率的计算B、公式适用于任何电路电热功率的计算C、公式、适用于任何电路电功率的计算D公式适用于任何电路电功率的计算【答案】BD【解析】公式P= LI适用于任何电路电功率的计算，而非电热功 率的计算，故A项错误，D项正确；焦耳定律公式P= I2R适用于任何 电路电热功率的计算，故 B项正确，C项错误、7、如右图所示的电路中，滑动变阻器的最大阻值 R= 20 Q,电源为恒压电源，R为定值电 阻、当滑片P位于最右端B时，电流表的示数为0.30A、假设把滑片1P向左移到C点时（F
7、k= 5R），通过R的电流大小可能是（）A、0.28AB、0.33AC、0.37AD 0.41A【答案】BCR + 20 【解析】由可得：0.3（ R+ 20） = l（R + 16），所以I = 0.3 x R+佰 由于R未知，可取端值，当R= 0时，I max= 0.375A ；当R=X时，I min =0.3A，即 0.3A v I v 0.375A.&某导体中的电流随其两端的电压变化，如图实线所示，那么 以下说法中正确的选项是（）0l/VA、力口 5V电压时，导体的电阻是0.2 QB、力口 12V电压时，导体的电阻是 8QC、由图可知，随着电压增大，导体的电阻不断减小D由图可知，随着电
8、压减小，导体的电阻不断减小【答案】BD 【解析】U= 5V时，I = 1.0A、R I = 5Q,同理 U= 12V时，R=8Q,由图线可知随着电压的增大，电阻不断增大，随电压的减小， 电阻不断减小，B、D对，A C错、9、如下图所示电路，由于某一电阻发生断路或短路，使A灯变暗，B灯变亮，那么故障可能是（）A、R短路B、R断路C R断路D R短路【答案】BC【解析】假设R短路，发生故障后总电阻减小，干路电流增大， 与R并联支路电流减小，与 R串联电路电流增大，故 A、B两灯都将 变亮，与题设现象不同、所以A选项错误；假设R断路，那么电路中 总电阻增大，总电流减小，A灯变暗，同时B灯两端电压增大
9、，B灯 变亮，表现与题设现象相同，所以选项 B正确；假设R断路，同理推 知A灯变暗，B灯变亮，选项C正确；假设R短路，可推知A B灯 都变亮，选项D不正确、【三】非选择题（此题共3小题，共54分、按题目要求作答、解 答题应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写出最后答 案的不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位 ）10、（18分）在“用电压表和电流表测电池的电动势和内阻”的 实验时，一般是不用新电池而用旧电池进行实验，其原因是：旧电池 的内阻较大，而新电池的内阻很小，实验时，电压表的读数变化很小， 从而影响测量值的精确性、如果要较为精确地测量一节新电池的内阻，可用以下给
10、定的器材和一些导线来完成实验、(1) 用连线的方法将这些仪器连成电路、(2) 写出实验得出的新电池内阻r的表达式，并说明各字符的物 理含义、【答案】(1)电路连接如下图U L2(2)新电池内阻的表达式是 r = 12 i 1 R0,式中U、U2、li、丨2 分别是滑动变阻器阻值改变时电压表和电流表对应的读数，R0是接入电路的电阻箱的阻值(此值直接从电阻箱上读出，一般为几欧姆)、 【解析】由于新电池的内阻比较小，为了便于较准确的测量，需 要给新电池串联一个阻值的电阻，然后按照测量旧电池的方法来测量 即可、在本实验中，阻值的电阻用电阻箱来代替即可、11、(18分)在“描绘小灯泡的伏安特性曲线”的实
11、验中，可供 选择的实验仪器如下：小灯泡 L, “3.8V、0.3A”电压表V,量程05V,内阻5kQ电流表A，量程0100mA内阻4Q电流表 A，量程0500mA内阻0.4 Q滑动变阻器R1，最大阻值10Q，额定电流1.0A滑动变阻器R2，最大阻值5Q,额定电流0.5A直流电源E,电动势约为6V,内阻约为0.5 Q(1) 在上述器材中，滑动变阻器应选 ，电流表应选(2) 在虚线框内画出实验的电路图，并在图中注明各元件的符号(3) 某实验小组完成实验后利用实验中得到的实验数据在I - U坐标系中，描绘出如下图的小灯泡的伏安特性曲线、根据此图给出的信息，可以判断下图中正确的选项是(图中P为小灯泡的
12、功率)()0UCOUAOf.B0U訂【答案】(1) RA(2)电路图如解析图所示 D【解析】(1)此题变阻器采用分压接法，通常应当选用最大阻值 小的滑动变阻器，但此题中如果选用R,那么电路中的电流会超过R2允许通过的最大电流，故滑动变阻器应当选择R.电流表A的量程太小，故电流表应当选择 A.(2) 电路如下图所示，由于电压要从 0开始测量，滑动变阻器用 分压接法；因为灯泡的内阻比较小，电流表用外接法、(3) 随着通过小灯泡电压电流的增大，小灯泡消耗的功率增大， 小灯泡的电阻也增大，由U- I图知D图正确、12、(18分)澳大利亚设计师设计并制造了一艘试验性的太阳能 帆船，下图是它的照片、它既有
13、普通的柴油发动机作为动力系统，又 有四个特殊的风帆，每只高 6m宽1.5m,表面布满太阳能电池、这 样，它既可以利用风力航行，又可以利用太阳能发电再利用电能驱动， 特别适用于航速较低的旅游观光时使用、 帆船在行驶中所受阻力跟船 速的平方成正比、某次试航时关闭柴油发动机，仅靠风力航行时速度 为2m/s，阻力大小f = 1.5 X1O3N、开动太阳能电池驱动的电动机后 船速增加到3m/s当时在烈日照射下，每平方米风帆上实际获得的太 阳能功率为600W电动机的效率为n i = 90%.设风力的功率不受船速 影响、求：(1)电动机提供的机械功率是多大？太阳能电池将太阳能转化为电能的效率 n 2是多少?3223f 1= 1.5 X 10 X 3/2 N= 3.375 X 10 N风力的功率为33R = fv = 1.5 X 10 X2W= 3X 10W故电动机提供的机械功率为333P机=f1X V1 R= 3.375 X 10 X 3W- 3X 10 W= 7.125 X 10W电动机获得的电能功率为33P2= P机/ n 1 = 7.125 X 10/90%= 7.92 X 10 W 风帆获得的太阳能功率为P3= 600X4X6X 1.5W= 2.16 X 104W故太阳能电池将太阳能转化为电能的效率n 2= P/P3= 7.92 X 103/2.16 X 104X 100%= 37%.
