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1、专题跟踪检测（二） 基本初等函数、函数与方程一、全练保分考法保大分1若m，alg m，blg m2，clg3m，则a，b，c的大小关系是()AabcBcabCbac Dbca解析：选Cm，1lg m0，lg3mlg m，即ca.又m，0m2m1，lg m2b.bac.故选C.2定义在R上的函数f (x)2|xm|1为偶函数，记af (log0.53)，bf (log25)，cf (2m)，则a，b，c的大小关系是()Aabc BacbCcab Dcba解析：选C函数f (x)为偶函数，m0，f (x)2|x|1.af (log0.53)f (log23)2log2312，bf (log25)2
2、log2514，cf (0)2010.ca0恒成立，f (x)在(，1)上单调递增，在(1，)上单调递增，排除C、D；当x时，2x0，1，f (x)1，排除B，选A.4已知函数f (x)则不等式log2x(log4x1)f (log3x1)5的解集为()A. B1,4C. D1，)解析：选C由不等式log2x(log4x1)f (log3x1)5，得或解得1x4或x1，则f (loga(1)()A1 B2C3 D4解析：选Bf (x)，f (x)，f (x)f (x)3.loga(1)loga(1)，f (loga(1)f (loga(1)3，f (loga(1)2.故选B.6(2019届高三
3、贵阳模拟)20世纪30年代，为了防范地震带来的灾害，里克特(C.F.Richter)制定了一种表明地震能量大小的尺度，就是使用测震仪衡量地震能量的等级，地震能量越大，测震仪记录的地震曲线的振幅就越大，这就是我们常说的里氏震级M，其计算公式为Mlg Alg A0，其中A是被测地震的最大振幅，A0是“标准地震”的振幅已知5级地震给人的震感已经比较明显，则7级地震的最大振幅是5级地震的最大振幅的()A10倍 B20倍C50倍 D100倍解析：选D根据题意有lg Alg A0lg 10Mlg(A010M)，所以AA010M，则100.故选D.7(2018菏泽一模)已知logalogb，则下列不等式一定
4、成立的是()A.aCln(ab)0 D3ab1解析：选Alogab0，aab，1.因此只有A正确故选A.8已知实数x，y满足axay(0a Bln(x21)ln(y21)Csin xsin y Dx3y3解析：选D实数x，y满足axay(0ay.对于选项A，等价于x21y21，即x2y，但x2ln(y21)等价于x2y2，当x1，y1时，满足xy，但x2y2不成立对于选项C，当x，y时，满足xy，但sin xsin y不成立对于选项D，当xy时，x3y3恒成立故选D.9(2018广元模拟)已知函数f (x)ex，g(x)ln，对任意aR，存在b(0，)使f (a)g(b)，则ba的最小值为()
5、A21 Be2C2ln 2 D2ln 2解析：选D令tea，可得aln t，令tln，可得b2，则ba2ln t，令h(t)2eln t，则h(t)2e.显然，h(t)是增函数，观察可得当t时，h(t)0，故h(t)有唯一零点，故当t时，h(t)取得最小值，即ba取得最小值为2eln 2ln 2，故选D.10已知函数f (x)是定义在R上的奇函数，且在区间0，)上单调递增，若f (1)，则x的取值范围是()A. B(0，e)C. D(e，)解析：选C函数f (x)是定义在R上的奇函数，f (ln x)f f (ln x)f (ln x)f (ln x)f (ln x)2f (ln x)，f (
6、1)等价于|f (ln x)|f (1)，又f (x)在区间0，)上单调递增，1ln x1，解得x0)在区间0,2上的最小值为g(m)已知定义在(，0)(0，)上的函数h(x)为偶函数，且当x0时，h(x)g(x)，若h(t)h(4)，则实数t的取值范围为()A(4,0) B(0,4)C(2,0)(0,2) D(4,0)(0,4)解析：选D因为f (x)x2mx(m0)，所以f (x)2，因为f (x)在区间0,2上的最小值为g(m)，所以当0m4，即04，即2时，函数f (x)2在0,2上单调递减，所以g(m)f (2)42m.综上，g(m)因为当x0时，h(x)g(x)，所以当x0时，h(
7、x)函数h(x)在(0，)上单调递减因为定义在(，0)(0，)上的函数h(x)为偶函数，且h(t)h(4)，所以h(|t|)h(4)，所以0|t|4，所以即从而4t0或0t4.综上所述，实数t的取值范围为(4,0)(0,4)12(2019届高三昆明调研)若函数f (x)2x1x22x2，对于任意的xZ且x(，a)，f (x)0恒成立，则实数a的取值范围是()A(，1 B(，0C(，3 D(，4解析：选D法一：f (x)2x1x22x20，即2x1x22x2.设g(x)2x1，h(x)x22x2，当x1时，0g(x)1，h(x)x22x21，所以当a1时，满足对任意的xZ且x(，a)，f (x)
8、0恒成立；当1x4时，因为g(0)h(0)2，g(1)4h(1)5，g(2)8h(2)10，g(3)16h(3)17，所以10，所以F(x)2x1ln 22x2在4，)上是增函数，所以f (x)f (4)32ln 2100，所以函数f (x)2x1x22x2在4，)上是增函数，所以f (x)f (4)32168260，即a4时，不满足对任意的xZ且x(，a)，f (x)0恒成立综上，实数a的取值范围是(，4，故选D.法二：将问题转化为2x1x22x2对于任意的xZ且x(，a)恒成立后，在同一个平面直角坐标系中分别作出函数y2x1，yx22x2的图象如图所示，根据两函数图象的交点及位置关系，数形
9、结合即可分析出实数a的取值范围是(，4，故选D.13函数f (x)ln(x22x8)的单调递增区间是_解析：由x22x80，得x4或x2.因此，函数f (x)ln(x22x8)的定义域是(，2)(4，)注意到函数yx22x8在(4，)上单调递增，由复合函数的单调性知，f (x)ln(x22x8)的单调递增区间是(4，)答案：(4，)14李华经营了甲、乙两家电动轿车销售连锁店，其月利润(单位：元)分别为L甲5x2900x16 000，L乙300x2 000(其中x为销售辆数)，若某月两连锁店共销售了110辆，则能获得的最大利润为_元解析：设甲连锁店销售x辆，则乙连锁店销售(110x)辆，故利润L
10、5x2900x16 000300(110x)2 0005x2600x15 0005(x60)233 000，当x60时，有最大利润33 000元答案：33 00015若函数f (x)与g(x)的图象关于直线yx对称，函数f (x)x，则f (2)g(4)_.解析：法一：函数f (x)与g(x)的图象关于直线yx对称，又f (x)x2x，g(x)log2x，f (2)g(4)22log246.法二：f (x)x，f (2)4，即函数f (x)的图象经过点(2,4)，函数f (x)与g(x)的图象关于直线yx对称，函数g(x)的图象经过点(4,2)，f (2)g(4)426.答案：616(2018
11、福州模拟)设函数f (x)则满足f (x22)f (x)的x的取值范围是_解析：由题意x0时，f (x)单调递增，故f (x)f (0)0，而x0时，x0，故若f (x22)f (x)，则x22x，且x220，解得x2或x.答案：(，)(2，)17如图，在第一象限内，矩形ABCD的三个顶点A，B，C，分别在函数ylogx，yx，yx的图象上，且矩形的边分别平行于两坐标轴，若点A的纵坐标是2，则点D的坐标是_解析：由2logx可得点A，由2x可得点B(4,2)，因为4，所以点C的坐标为，所以点D的坐标为.答案：18已知函数f (x)|log3x|，实数m，n满足0mn，且f (m)f (n)，若f (x)在m2，n上的最大值为2，则_.解析：f (x)|log3x|所以f (x)在(0,1)上单调递减，在(1，)上单调递增，由0mn且f (m)f (n)，可得则所以0m2mf (m)f (n)，则f (x)在m2，n上的最大值为f (m2)log3m22，解得m，则n3，所以9.答案：919.(2018西安八校联考)如图所示，已知函数ylog24x图象上的两点A，B和函数ylog2x图象上的点C，线段AC平行于y轴，当ABC为正三角形时，点B的横坐标
