《河南省濮阳市2018-2019学年高二物理上学期期末考试试题（含解析）》由会员分享，可在线阅读，更多相关《河南省濮阳市2018-2019学年高二物理上学期期末考试试题（含解析）（14页珍藏版）》请在金锄头文库上搜索。
1、河南省濮阳市2018-2019学年高二上学期期末考试物理试题一、单选题（本大题共9小题，共36.0分）1.如图所示，16个电荷量均为+q（q0）的小球（可视为点电荷），均匀分布在半径为R的圆周上。若将圆周上P点的一个小球的电量换成-2q，则圆心O点处的电场强度的大小为A. B. C. D. 【答案】A【解析】【详解】圆周上均匀分布的16个都是电量为+q的小球，由于圆周的对称性，圆心处场强为0，则知P处q在圆心处产生的场强大小为 E1=k，方向水平向左，可知其余15个+q在圆心处的场强E2=E1=k，方向水平向右，图中-2q在圆心处产生的场强大小 E3=k，方向水平向右。根据电场的叠加有：E2+
2、E3=E，则得E=，故选C。【点睛】该题考查了场强叠加原理和点电荷场强的公式还有对称性的认识注意场强是矢量，叠加时满足平行四边形法则.2.在如图所示电路中，开关S1、S2、S3、S4均闭合，C是极板水平放置的平行板电容器，板间悬浮着一油滴P，断开哪个开关后P会向下运动A. S1B. S2C. S3D. S4【答案】C【解析】四个开关全部闭合时，电容器两端的电压等于两端电压，断开S1，电容器仍连在两端，两板间的电压不变，场强不变，油滴所受的电场力不变，油滴仍处于平衡状态，A错误；断开S2，在电容器连在电源两端，稳定后其电压等于电动势大小，故板间场强增大，油滴所受的电场力增大，油滴将向上运动与题意
3、不符，故C错误；断开S3，则电容器与电源断开连接，电容器通过电阻放电，板间场强逐渐减小，油滴所受的电场力减小，油滴将向下运动，B正确；断开S4，电容器的电量不变，板间场强不变，油滴仍处于静止状态，D错误3. 把两根同种材料的电阻丝分别连在两个电路中，A电阻丝长为L，直径为d，B电阻丝长为3L，直径为3d要使两电阻丝在相同时间内产生的热量相等，加在两电阻丝上的电压之比应当满足（ ）A. UA：UB=1：1B. UA：UB=：1C. UA：UB=：3D. UA：UB=3：4【答案】B【解析】试题分析：根据电阻定律可知，RA：RB=，由于是纯电阻，则由，Q、t相同得：加在两电阻丝上的电压之比为UA：
4、故选：B考点：电阻定律；焦耳定律.4.如图所示，直角三角形通电闭合线圈ABC处于匀强磁场中，磁场垂直纸面向里，则线圈所受磁场力的合力为（）A. 大小为零B. 方向竖直向上C. 方向水平向右D. 方向垂直AC斜向下【答案】A【解析】【详解】若通以顺时针的电流方向，根据左手定则可知：各边所受的安培力背离中心处.如图所示：由公式F=BIL得出各边的安培力的大小，从而得出安培力大小与长度成正比，因而两直角边的安培力与斜边的安培力等值反向；所以线圈所受磁场力的合力为零.故A正确，B、C、D错误.故选A.5.如图所示，一水平放置的N匝矩形线框面积为S，匀强磁场的磁感应强度为B，方向斜向上，与水平面成30角
5、，现若使矩形框以左边的一条边为轴转到竖直的虚线位置，则此过程中磁通量的改变量的大小为()A. B. C. D. 【答案】C【解析】初位置的磁通量，若规定此时穿过线圈为正面，则当线圈转到虚线部分时穿过线圈为反面，此时磁通量为 磁通量的改变量为： 磁通量变化的大小为： ，故选C综上所述本题答案是：C6.两块水平放置的金属板,板间距离为d,用导线将两块金属板与一线圈连接,线圈中存在方向竖直向上、大小变化的磁场,如图所示。两板间有一个带正电的油滴恰好静止,则线圈中磁场的磁感应强度B随时间变化的图象为( )A. B. C. D. 【答案】C【解析】【详解】由题意可知，小球带正电，且处于平衡状态，即感应电
6、动势恒定，同时可知上极板带负电，下极板带正电，故感应电流是俯视顺时针，故感应电流的磁场方向与原磁场方向相反，根据楞次定律得知，结合图示可知，根据法拉第电磁感应定律，则磁场正在均匀增加，故C正确，ABD错误；故选C。【点睛】解决本题的关键掌握法拉第电磁感应定律E=n，以及会用楞次定律判端电动势的方向7.将3A的直流电通过电阻R时，ts内产生的热量为Q现让正弦交流电通过电阻R，若2ts内产生的热量为Q，则该交流电流的有效值和最大值分别为（）A. ，3AB. 3A，C. ，D. ，6A【答案】A【解析】【详解】根据3A的直流电通过电阻R时，t时间内产生的热量为Q可知：Q=I12Rt 当让一交流电通过
7、电阻R，若2t时间内产生的热量为Q，则有：Q=I有2R2t 联立，代入数据解得:,则最大值：.故A正确，B、C、D错误.故选A.8.教学用发电机能够产生正弦式交变电流。利用该发电机内阻可忽略通过理想变压器向定值电阻R供电，电路如图所示，理想交流电流表A、理想交流电压表V的读数分别为I、U，R消耗的功率为若发电机线圈的转速变为原来的，则A. R消耗的功率变为B. 电压表V的读数变为C. 电流表A的读数变为2ID. 通过R的交变电流频率不变【答案】B【解析】【分析】根据公式分析电动机产生的交流电的最大值以及有效值、频率的变化情况；根据判断原副线圈中电流电压的变化情况，根据副线圈中功率的变化判断原线
8、圈中功率的变化；【详解】AB根据可知转速变为原来的，则角速度变为原来的，根据可知电动机产生的最大电动势为原来的，根据可知发电机的输出电压有效值变为原来的，即原线圈的输出电压变为原来的，根据可知副线圈的输入电压变为原来的，即电压表示数变为原来的，根据可知R消耗的电功率变为，A错误B正确；C副线圈中的电流为，即变为原来的，根据可知原线圈中的电流也变为原来的，C错误；D转速减小为原来的，则频率变为原来的，D错误【点睛】本题考查了交流电最大值，有效值，频率，变压器等；需要知道交流电路中电表的示数为有效值，在理想变压器中，恒有，副线圈消耗的功率决定了原线圈的输入功率9.下列说法正确的是（）A. 电饭锅中
9、的温度传感器的主要元件是氧化铁B. 氧化铁在常温下具有铁磁性，温度很高时失去铁磁性C. 用电饭锅煮饭时，若温控开关自动断电后，它不能自动复位D. 电饭锅烧水，水开时能自动断电【答案】C【解析】【详解】A、电饭锅应用了温度传感器，它的主要元件是感温铁氧体，即氧化铁，故A错误； B、在常温下具有铁磁性，但温度升高到 时便失去了铁磁性，不能被磁铁吸引，这个温度称为这种材料的“居里温度”或“居里点”，故B错误； C、用电饭锅煮饭时，若温控开关断电后，它不能自动复位，故C正确； D、水的沸点为 ，因温度无法达到居里点，故可知水不能自动断电，故D错误； 故选C.二、多选题（本大题共3小题，共12.0分）1
10、0.如图，在MN和PQ这两个平行竖直面之间存在垂直纸面的匀强磁场和平行纸面的匀强电场，一个带电粒子以某一初速度由A点水平射入这个场区恰能沿直线运动，并从PQ竖直面上的C点离开场区若撤去磁场，其他条件不变，则该粒子从PQ竖直面上的B点离开场区；若撤去电场，其他条件不变，则该粒子从PQ竖直面上的D点离开场区若粒子在上述三种情况下通过场区的总时间分别是t1、t2和t3，运动的加速度大小分别为a1、a2和a3，不计粒子所受重力的影响，则下列判断中正确的是A. t1=t2t3，a1a2=a3B. t2t1t3，a1a3a2C. t1=t2=t3，a1a2a3D. t1=t3t2，a1=a3a2【答案】A
11、【解析】【分析】带电粒子分别在复合场、电场、磁场中做匀速直线运动、类平抛运动、匀速圆周运动，比较三种情况下带电粒子在两个相互平行平面之间运动时间及加速度大小各自由相应规律表示出时间和加速度，从而得到结论【详解】在复合场中，带电粒子做匀速直线运动，则有Eq=Bqv，则有E=Bv在复合场中的时间，而在单一电场中水平方向也是做匀速直线运动，所以运动的时间，而在单一磁场中做匀速圆周运动，运动的时间，由于两平面之间，所以时间关系为；在复合场中，单一电场中和磁场中的加速度由电场力和洛仑兹力产生，但两种力相等，所以，但方向不同，综上所述，BCD错误，A正确。故选A。【点睛】本题是把同一带电粒子在三种情况下运
12、动情况进行对比，更进一步甄别类平抛运动与匀速圆周运动的区别，也证明了洛仑兹力只改变运动方向而不改变速度大小，电场力是恒力，使带电粒子做匀变速度曲线运动11.如图，圆环形导体线圈a平放在水平桌面上，在a的正上方固定一竖直螺线管b，二者轴线重合，螺线管与电源和滑动变阻器连接成如图所示的电路。若将滑动变阻器的滑片P向下滑动，下列表述正确的是 ()A. 线圈a中将产生俯视顺时针方向的感应电流B. 穿过线圈a的磁通量变大C. 线圈a有扩张的趋势D. 线圈a对水平桌面的压力FN将增大【答案】BD【解析】A、当滑动触头P向下移动时电阻减小，由闭合电路欧姆定律可知通过线圈b的电流增大，从而判断出穿过线圈a的磁
13、通量变大，根据楞次定律即可判断出线圈a中感应电流方向俯视应为逆时针，故A错误，B正确；C、根据楞次定律可知线圈a应有收缩的趋势，故C错误；D、将线圈a和b看做两个条形磁铁，不难判断此时两磁铁的N极相对，互相排斥，故线圈a对水平桌面的压力将增大，所以D正确。点睛：此题的关键首先明确滑动触头向下滑动时通过判断出线圈b中的电流增大，然后根据楞次定律判断出线圈a中感应电流的方向，本题利用“楞次定律的第二描述”求解将更为简便。12.如图，平行板电容器的两个极板与水平地面成一角度，两极板与一直流电源相连若一带电粒子恰能沿图中所示水平直线通过电容器，则在此过程中，该粒子（）A. 电势能逐渐增加B. 所受重力
14、与电场力平衡C. 做匀变速直线运动D. 动能逐渐增加【答案】AC【解析】【详解】B、C、带电粒子在电场中受到电场力与重力，根据题意可知，粒子做直线运动，力和速度一定在同一直线上，则可知电场力必定垂直极板向上，电场力与重力的合力必定与速度方向反向，粒子做匀减速直线运动；故B错误，C正确； A、电场力做功等于电势能的减小量，由于电场力垂直于极板向上，故电场力做负功，则电势能增加；或者说，动能减小，动能和电势能之和守恒，故电势能增加；故A正确； D、因重力不做功，电场力做负功，则电势能增加，导致动能减小，故D错误； 故选AC.三、实验题探究题（本大题共3小题，共15.0分）13.用相同的灵敏电流计改
15、装成量程为3V和15V两个电压表，将它们串联接入电路中，则它们的指针偏角之比为_，读数之比_.【答案】 (1). 1：1 (2). 1：5【解析】【详解】因两电压表是串联关系，则通过两电压表的电流相同，故指针偏转的角度相同，即指针偏角之比为1:1，串联电路电流相等，电阻两端电压与阻值成正比，两电压表内阻之比为1:5，两电压表串联时示数之比1:5.14.用如图所示的多用电表测量电阻，要用到选择开关K和两个部件S、T请根据下列步骤完成电阻测量：（1）旋动部件_，使指针对准电流的“0“刻线；（2）将K旋转到电阻挡“l00“的位置；（3）将插入“十“、“-“插孔的表笔短接，旋动部件_，使指针对准电阻的_，（填“0刻线“或“刻线“）；（4）将两表笔分别与待测电阻相接，发现指针偏转角度过小。为了得到比较准确的测量结果，应将K旋转到电阻挡的_，（填“1K”或“100”）的位置，重新进行欧姆调零并完成测量【答案】 (1). S (2). T
