《高考物理大一轮复习专题二相互作用与物体平衡第2讲力的合成与分解课时作业》由会员分享，可在线阅读，更多相关《高考物理大一轮复习专题二相互作用与物体平衡第2讲力的合成与分解课时作业（5页珍藏版）》请在金锄头文库上搜索。
1、第2讲力的合成与分解一、单项选择题1(2014年广东广州摸底)如图K221所示，舰载机保持牵引力F大小不变，在匀速航行的航母上降落时受到阻拦而静止，此时阻拦索夹角120，空气阻力和甲板阻力不计，则阻拦索承受的张力大小为 ()图K221A. BF C.F D2F2将一个已知力F分解为F1和F2，已知F10 N，F1与F的夹角为37，则F2的大小不可能的是()A4 N B6 N C10 N D100 N3(2013年北京卷)如图K222所示，倾角为、质量为M的斜面体静止在水平桌面上，质量为m的木块静止在斜面体上下列结论正确的是()图K222A木块受到的摩擦力大小是mgcos B木块对斜面体的压力大
2、小是mgsin C桌面对斜面体的摩擦力大小是mgsin cos D桌面对斜面体的支持力大小是(Mm)g4(2016年江苏徐州高三检测)举重是中国代表团在奥运会上重要的夺金项目在举重比赛中，运动员举起杠铃时必须使杠铃平衡一定时间，才能被裁判视为挺(或抓)举成功运动员可通过改变两手握杆的距离来调节举起时双臂的夹角若双臂夹角变大，则下面关于运动员保持杠铃平衡时手臂用力大小变化的说法正确的是()A不变 B减小C增大 D不能确定5(2015年江苏扬州调研)两物体M、m用跨过光滑定滑轮的轻绳相连，如图223所示，OA、OB与水平面的夹角分别为30、60，M、m均处于静止状态则()图K223A绳OA对M的拉
3、力大小大于绳OB对M的拉力B绳OA对M的拉力大小等于绳OB对M的拉力Cm受到水平面的静摩擦力大小为零Dm受到水平面的静摩擦力的方向水平向左6如图K224所示，光滑斜面倾角为30，轻绳一端通过两个滑轮与A相连，另一端固定于天花板上，不计绳与滑轮的摩擦及滑轮的质量已知物块A的质量为m，连接A的轻绳与斜面平行，挂上物块B后，滑轮两边轻绳的夹角为90，A、B恰好保持静止，则物块B的质量为()图K224A.m B.mCm D2m二、多项选择题7如图K225所示，轻杆左端插在竖直墙内固定，右端安装有光滑轻滑轮细绳的上端固定在竖直墙上，下端跨过滑轮与重为G的物体相连，整个系统处于静止状态已知杆处于水平位置，
4、细绳的上段跟杆成30角关于细绳对滑轮的压力F，下列说法中正确的是()图K225AF的方向沿杆向左BF的方向跟杆成30斜向左下方CF与G的大小相等DF一定比G大82013年8月17日下午4时，汕头市潮南区遭受特大暴雨袭击，陈店、司马浦等多个镇变成一片泽国，一架军用直升运输机在汕头外沙机场转运救灾物资，飞往灾区空投矿泉水、面包、面巾纸、饼干等物资，急援当地洪灾受灾群众如图K226所示，一运送救灾物资的直升机沿水平方向匀速飞行已知物资的总质量为m，吊运物资的悬索与竖直方向成角设物资所受的空气阻力为f，悬索对物资的拉力为T，重力加速度为g，则()图K226Afmgsin Bfmgtan CT DT9如
5、图K227所示，将一根不能伸长、柔软的轻绳两端分别系于A、B两点上，一物体用动滑轮悬挂在绳子上，达到平衡时，两段绳子间的夹角为1，绳子张力为F1，将绳子B端移至C点，待整个系统达到平衡时，两段绳子间的夹角为2，绳子张力为F2；将绳子B端移至D点，待整个系统平衡时两段绳子间的夹角为3，绳子张力为F3，不计摩擦，则()图K227A123 B12F2F3 DF1F2F3三、非选择题10如图K228所示，水平细杆上套一环A，环A与球B间用一不可伸长的轻质绳相连，质量分别为mA0.40 kg和mB0.30 kg，由于球B受到水平风力作用，使环A与球B一起向右匀速运动运动过程中，绳始终保持与竖直方向夹角3
6、0，重力加速度g取10 m/s2，求：(1)球B受到的水平风力大小(2)环A与水平杆间的动摩擦因数图K22811(2015年江苏扬州中学检测)质量为m0.8 kg的砝码悬挂在轻绳PA和PB的结点上并处于静止状态PA与竖直方向的夹角为37，PB沿水平方向质量为M10 kg的木块与PB相连，静止于倾角为37的斜面上，如图K229所示(取g10 m/s2，sin 370.6，cos 370.8)求：(1)轻绳PB拉力的大小(2)木块所受斜面的摩擦力和弹力大小图K229第2讲力的合成与分解1B解析：舰载机与航母一起做匀速运动，合力为零，两阻拦索的张力的合力与舰载机的牵引力是一对平衡力，由平行四边形定则
7、可知，B正确2A3D解析：对木块受力分析，如图D50甲所示，由平衡条件得Ffmgsin ，FNmgcos ，故A、B错误；对M和m组成的整体受力分析，如图乙所示，可知水平方向没有力的作用，C错误；由平衡条件，FN(Mm)g，D正确 甲 乙图D504C解析：对杠铃受力分析如图D51所示，则2Fcos G，解得F，若增大，则cos 减小，因此F变大，故选项C正确 图D51 图D525D解析：设绳OA对M的拉力为FA，绳OB对M的拉力为FB，由O点合力为零可得：FAcos 30FBcos 60即FAFB，故A、B均错误；因FBFA，物体m有向右滑动的趋势，m受到水平面的摩擦力的方向水平向左，D正确，
8、C错误6A解析：因物块A处于静止状态，轻绳的拉力Fmgsin 30mg，由物块B处于静止状态可知，滑轮左、右两段轻绳拉力的合力与物块B的重力等大反向，即2Fcos 45mBg，解得mBm，A正确7BC8BC9BD解析：设绳子结点为O，对其受力分析，如图D52所示当绳子右端从B移动到C点时，根据几何关系，有AOsin OBsin AC；同理：AOsin OBsin AC，绳子长度不变，有AOOBAOOB，故12.绳子的结点受重力和两个绳子的拉力，由于绳子夹角不变，根据三力平衡可知，绳子拉力不变，即F1F2；绳子右端从B移动到D点时，绳子间夹角显然变大，也就是23, 绳子的结点受重力和两个绳子的拉
9、力，再次根据共点力平衡条件可得F1F3，故B、D正确，A、C错误10解：(1)对B球受力分析，如图D53甲所示，根据平衡条件可得FmBgtan 代入数据解得F N. 甲乙图D53(2)选取环、球和轻绳整体为研究对象，受力如图乙所示，根据平衡条件得FN(mAmB)gFFf且FfFN得代入数据解得0.25.11解：(1)对点P受力分析如图D54甲所示，根据共点力作用下物体的平衡条件得： 甲 乙图D54FBFAsin 370FAcos 37mg0联立解得FB6 N故轻绳PB拉力的大小为6 N.(2)对木块受力分析如图乙所示，由共点力作用下物体的平衡条件得Mgsin 37FBcos 37Ff0FNFBsin 37Mgcos 370联立解得FfMgsin 37FBcos 37(10100.660.8)N64.8 NFNMgcos 37FBsin 37(10100.860.6) N76.4 N.
