《[最新]高考化学二轮基础演练：3.1弱电解质的电离含答案》由会员分享，可在线阅读，更多相关《[最新]高考化学二轮基础演练：3.1弱电解质的电离含答案（8页珍藏版）》请在金锄头文库上搜索。
1、最新教学资料高考化学基础演练1关于强弱电解质及非电解质的组合完全正确的是()选项ABCD强电解质NaClH2SO4CaCO3HNO3弱电解质HFBaSO4HClOCH3COOH非电解质Cl2CS2C2H5OHH2CO3解析：在A组中Cl2是单质，不在电解质与非电解质之列；B组中BaSO4虽难溶，但溶解的部分完全电离，是强电解质；CaCO3、HNO3都是强电解质，HClO、CH3COOH、H2CO3都是弱电解质，C2H5OH是非电解质。答案：C2将0.01 mol的下列物质分别加入(或通入)到100 mL水中，假设溶液体积变化不计，水溶液的导电能力最强的是()AHF BNH4HCO3 CBaSO
2、4 DNH3解析：由于BaSO4虽然是强电解质，但溶解度小，所以溶液中溶解的BaSO4较少，Ba2、SO浓度均很小；HF、NH3虽然溶解度较大，但由于溶液中HF、NH3H2O不完全电离，因此离子浓度也远小于0.1 mol/L；只有NH4HCO3在溶液中完全电离，因此溶液中离子浓度最大，导电能力最强。答案：B3欲使醋酸溶液中的CH3COO浓度增大，且不放出气体，可向醋酸中加入少量固体()ANaOH BNaHCO3 CNa2CO3 DMg解析：A项由于加入NaOH会减少H的物质的量，使平衡向右移动；B、C项中加入固体会降低H的物质的量浓度，使平衡右移，但产生了CO2；D项中加入Mg会降低H的物质的
3、量浓度，使平衡右移，但产生了H2。答案：A4将1 mol冰醋酸加入到一定量的蒸馏水中最终得到1 L溶液。下列各项中，表征醋酸已达到电离平衡状态的是()A醋酸的浓度达到1 molL1BH的浓度达到0.5 molL1C醋酸的浓度、醋酸根离子的浓度、H的浓度均为0.5 molL1D醋酸分子电离成离子的速率和离子重新结合成分子的速率相等解析：弱电解质电离成离子的速率和离子重新结合成分子的速率相等时即达到了电离平衡状态。答案：D综合应用5下列物质中：(1)属于电解质的是_；(2)属于非电解质的是_；(3)属于强电解质的是_；(4)属于弱电解质的是_；(5)能导电的是_。ANaOH溶液 BCu C冰醋酸
4、D硫酸E蔗糖溶液 FBaSO4 G氨水 HCuSO4晶体I熔化的KOH J无水乙醇解析：第(1)(4)问根据电解质、非电解质、强电解质、弱电解质的概念进行判断。(5)离子化合物在水溶液里、熔融状态下能导电，共价化合物中的电解质在水溶液里能导电，金属单质和部分非金属单质能导电。答案：(1)C、D、F、H、I(2)J(3)D、F、H、I(4)C(5)A、B、G、I6在0.1 mol/L的氨水中，存在如下电离平衡：NH3H2ONHOH(正反应为吸热反应)。在此平衡体系中，若按下列情况变动，请将变化情况(增大用“”，减小用“”，向左用“”，向右用“”)填入下表。条件的变化升温通氨气加水加NaOH(s)
5、加NH4Cl(s)通CO2电离平衡移动的方向n(OH)c(OH)c(NH3H2O)导电能力答案：条件的变化升温通氨气加水加NaOH(s)加NH4Cl(s)通CO2移动的方向n(OH)c(OH)c(NH3H2O)导电能力基础演练1下列说法正确的是()A在水溶液中能离解为自由移动的离子的化合物是电解质B强电解质一定是易溶于水的化合物，弱电解质一定是难溶于水的化合物CCO2的水溶液导电能力很弱，所以CO2是弱电解质D在强电解质的水溶液中只有离子没有分子解析：根据强、弱电解质的定义可知，电解质的强弱与其溶解性没有关系，强电解质有的是易溶的，有的是难溶的，如碳酸钙等，故A项正确，B项错误；CO2的水溶液
6、导电是因为碳酸电离生成了离子，而不是CO2电离，故CO2是非电解质；D项中忽视了水分子的存在。答案：A2下列电离方程式中书写正确的是()ANaHSO4NaHSOBNaHCO3=NaHCOCHClO=HClODH2SHHS、HSHS2解析：A项应写“=”，B项应分步写出，C项为“”。答案：D3向CH3COONa稀溶液中加入(或通入)少许X物质，其溶液中部分微粒浓度变化如下表所示(溶液温度不变)：微粒HOHCH3COOCH3COOH物质的量浓度增大减小减小增大则X物质可能是()A氯化氢 B氢氧化钠C蒸馏水 D醋酸解析：向CH3COONa稀溶液中加入氢氧化钠，c(OH)要增大；加入蒸馏水c(CH3C
7、OOH)要减小；加入醋酸，c(CH3COO)要增大，故B、C、D项错误，即选A。答案：A4在新制的氯水中加入少量的碳酸钠粉末，下列说法正确的是()ApH增大，HClO浓度增大 BpH减小，Cl浓度增大CpH增大，Cl浓度减小 DpH减小，HClO浓度减小解析：在新制的氯水中加入少量的碳酸钠粉末，HCl与碳酸钠反应，使平衡正向移动，pH增大，HClO浓度增大，Cl浓度增大，即选A。答案：A5在体积都为1 L，pH都等于2的盐酸和醋酸溶液中，投入0.65 g锌粒，则下图中比较符合客观事实的是()解析：可知0.65 g锌粒恰好与0.02 mol H完全反应生成H2，体积为1 L，pH为2的盐酸中H的
8、物质的量为0.01 mol，所以盐酸与锌反应时，盐酸不足，而醋酸能提供的H的物质的量远大于0.01 mol，所以醋酸与锌反应产生H2的速率快，并且生成的H2较多。同时，在反应过程中，由于醋酸中保持相对较大的H浓度，所以A、B、D三项中CH3COOH的变化曲线的斜率应偏小。答案：C6已知下面三个数据：7.2104、4.6104、4.91010分别是下列有关的三种酸的电离常数，若已知下列反应可以发生：NaCNHNO2=HCNNaNO2NaCNHF=HCNNaFNaNO2HF=HNO2NaF由此可判断下列叙述不正确的是()AK(HF)7.2104BK(HNO2)4.91010C根据两个反应即可得出一
9、元弱酸的强弱顺序为：HFHNO2HCNDK(HCN)K(HNO2)HNO2HCN，故电离常数分别为7.2104、4.6104、4.91010。故答案选B。答案：B7H浓度相同的等体积的两份溶液A和B，A为盐酸，B为醋酸，分别和锌反应，若最后仅有一份溶液中存在锌，且放出氢气的体积相等，则下列说法正确的是()反应所需要的时间BA开始反应时的速率AB参加反应的锌的物质的量AB反应过程的平均速率BA盐酸中有锌剩余醋酸中有锌剩余A B C D解析：认识到c(H)相同的两溶液中c(CH3COOH)c(HCl)是解答本题的关键。锌与盐酸和醋酸的反应本质相同：Zn2H=Zn2H2。起始时c(H)相同，因此开始
10、时反应速率相同；因放出H2的体积相同，所以参加反应的锌相等；随着反应的进行，醋酸的电离平衡被破坏，向着电离方向移动，故H的变化小于盐酸，所以在反应过程中醋酸中生成氢气的速率大于盐酸中的；锌不可能在醋酸中剩余，因为H浓度相等的同体积醋酸和盐酸相比，醋酸的浓度大于盐酸的浓度。答案：A8根据酸碱质子理论，凡是能给出质子(即H)的分子或离子都是酸，凡是能结合质子的分子或离子都是碱。按照这种理论，下列粒子属于两性物质的是()AOH BH2CO3 CH2PO DNaCl解析：OH能结合H：OHH=H2O，生成弱电解质，则OH是碱；H2CO3能电离出H，就是能给出质子，是酸；H2PO能电离出H：H2POHH
11、PO；它又能结合质子：H2POHH3PO4，所以H2PO属于两性物质。NaCl=NaCl，Na和Cl都不能结合H和OH，所以NaCl既不是酸，也不是碱。答案：C9甲酸的下列性质中，可以证明它是弱电解质的是()A1 molL1的甲酸溶液的pH约为2B甲酸能与水以任意比例互溶C甲酸与盐酸都能与NaOH发生反应D甲酸溶液的导电能力比盐酸溶液的导电能力弱解析：答案：A10利用右图装置做下面的实验：在烧杯里盛半杯乙溶液，然后用滴定管向容器中滴入甲溶液。随着甲的滴入，电灯渐渐变暗，滴到一定量时，电灯完全熄灭，继续滴入甲溶液，电灯又会逐渐亮起来。下列各组溶液中(甲在前，乙在后)，能够产生上述现象的是()AN
12、H3H2O、AgNO3BCH3COOH、NH3H2OCNaOH、AlCl3DH2SO4、Ba(OH)2解析：A.NH3H2O滴到AgNO3溶液中，生成AgOH沉淀的同时生成NH4NO3，灯泡不会熄灭。B.CH3COOH滴到NH3H2O中生成的CH3COONH4为强电解质，灯泡应变亮。C.NaOH滴到AlCl3中虽然可完全生成Al(OH)3沉淀，但同时生成NaCl，灯泡也不会熄灭。只有D项把H2SO4滴到Ba(OH)2中生成的BaSO4难溶于水，H2O为弱电解质，溶液中自由移动的离子减少，灯泡变暗，至恰好反应时，灯泡熄灭。随着H2SO4继续滴入，电离出的H和SO使溶液导电性增强，电灯又会逐渐亮起
13、来。选D。答案：D能力提升11甲、乙两瓶氨水分别为1 molL1和0.1 molL1，则甲、乙两瓶中c(OH)之比_(填“”“”“”)10。理由：_。解析：设浓度用c表示，电离度用表示，c甲10c乙，甲乙，c(OH)c，所以1010。答案：甲物质的量浓度是乙的10倍，浓度小的电离度大，所以甲、乙中c(OH)之比小于1012将6 g CH3COOH溶于水制成1 L溶液，此溶液的物质的量浓度为_，经测定溶液中c(CH3COO)为1.4103 mol/L，此温度下醋酸的电离常数Ka_，温度升高，Ka将_(填“变大”“不变”或“变小”)。解析：c(CH3COOH)0.1 mol/L。因为CH3COOH CH3COOH起始/(mol/L) 0.1 0 0平衡/(mol/L) 0.11.41031.4103
