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1、四川省成都市龙泉驿区第一中学校2018届高三模拟考试（二）理综物理试题1. 物理学发展史上，首先把实验和逻辑推理和谐结合起来的科学家是A. 亚里士多德 B. 伽利略 C. 牛顿 D. 法拉第【答案】B【解析】A、亚里士多德的主要方法是思辩，故A错误；B、伽得略首先采用了以实验检验猜想和假设的科学方法，把实验和逻辑推理结合起来，故B正确；C、牛顿在伽利略等人研究的基础上发现了牛顿运动三定律，故C错误；D、法拉第发现了法拉第电磁感应定律，故D错误故选B。【点睛】本题考查物理学史，对于著名物理学家、经典实验和重要学说要记牢，还要学习他们的科学研究的方法。2. 如图所示，电源电动势E12V，内阻r1.
2、0，电阻R14.0，R27.5，R35.0，电容器的电容C10 F.闭合开关S，电路达到稳定后电容器的电荷量为A. 4.5105 C B. 6.0105 CC. 7.5105 C D. 1.2104 C【答案】B.点睛：本题是含有电容器的电路，分析电路时要抓住电路稳定时，电容器相当于开关断开，所在电路没有电流，其电压等于所在支路两端的电压。3. 如图所示，两光滑直杆成直角竖直固定，OM水平，ON竖直，两个质量相同的有孔小球A、B(可视为质点)串在杆上通过长为L的非弹性轻绳相连，开始时小球A在水平向左的外力作用下处于静止状态，此时OB，重力加速度为g，现将外力增大到原来的4倍(方向不变)，则小球
3、B运动到与O点的距离为时的速度大小为（ ）A. B. C. D. 【答案】C【解析】开始时A到O的距离：以B为研究对象，开始时B受到重力、杆的支持力N和绳子的拉力T，如图，则：tan；由几何关系：tan=；联立得：N=mg以AB组成的整体为研究对象，在水平方向二者受到拉力F和杆对B的支持力N，由于水平方向受力平衡，所以F=N=mg现将外力增大到原来的4倍（方向不变），则：F=4F=3mgB球向上运动时，小球B运动到O点的距离L时，由几何关系得，A到O点的距离：OAA向右的距离： B上升的距离： 此时细绳与竖直方向之间夹角的正切值：tan=，则得 cos=0.6，sin=0.8由运动的合成与分解
4、知识可知：A球的受到与B球的速度之间的关系为为：vBcos=vAsin可得 vB=vA以AB球组成的整体为研究对象，拉力和重力对系统做功，由动能定理得： FSmgh联立以上方程解得：vB选项C正确。故选C.4. 如图所示，某同学把布娃娃“小芳”挂在“魔盘”竖直壁上的可缩回的小圆柱上、布娃娃“盼盼”放在“魔盘”底盘上，用手摇机械使“魔盘”转动逐渐加快，到某一转速时匀速转动，他发现小圆柱由于离心已缩回竖直壁内，“小芳”悬空随“魔盘”一起转动，“盼盼”在底盘上也随“魔盘”一起转动若魔盘半径为r，布娃娃与魔盘的平面和竖直壁间的动摩擦因数均为，设最大静摩擦力等于滑动摩擦力下列说法正确的是A. “小芳”受
5、到重力、摩擦力和向心力的作用B. “盼盼”放在底盘靠近竖直壁附近，也可能随“魔盘”一起转动C. 此时“魔盘”的转速一定不大于 D. 此时“魔盘”的转速一定不小于 【答案】D【解析】A项：“小芳”受重力，弹力，摩擦力三个力作用，向心力为效果力，故A错误；C、D项：“小芳”做匀速圆周运动，由公式，联立解得：，故D正确。5. 如图所示，水平细杆上套一环A，环A与球B间用一轻质绳相连，质量分别为mA、mB，由于B球受到风力作用，环A与B球一起向右匀速运动已知绳与竖直方向的夹角为，则下列说法中正确的是A. B球受到的风力F为mBgtan B. 风力增大时，轻质绳对B球的拉力保持不变C. 风力增大时，杆对
6、环A的支持力增大D. 环A与水平细杆间的动摩擦因数为【答案】A【解析】对球B受力分析如图1所示由平衡条件可知A正确；当风力增大时，由于F拉T，增大，F拉增大，所以B错误；以整体为研究对象，受力分析如图2所示，竖直方向杆对环A的支持力与环A和B球整体受到的重力平衡，C错误；水平方向上，mBgtan (mAmB)g，所以D错误6. 空间存在着平行于x轴方向的静电场.A、M、O、N、B为x轴上的点，OAOB，OMON，AB间的电势随x的分布如图4所示，一个带电粒子在电场中仅在电场力作用下从M点由静止开始沿x轴向右运动，则下列判断中正确的是A. 粒子一定带负电 B. 粒子从M向O运动过程中所受电场力均
7、匀增大C. 粒子一定能通过N点 D. AO间的电场强度大于OB间的电场强度【答案】ACD【解析】试题分析：A、B两点电势相等，O点的电势最高，A到O是逆着电场线，粒子仅在电场力作用下，从M点由静止开始沿x轴向右运动即逆着电场线方向运动，故粒子一定带负电，故A正确；A到M电势均升高，图像的斜率大小等于电场强度，故A到O的电场是匀强电场，粒子从M向O运动过程中所受电场力不变，故B错误；由图可知，A、B两点电势相等，M点的电势小于N点的电势，故M到O电场力做的正功数值大于O到N电场力做的功，所以粒子能通过N点，故C正确；图像的斜率等于场强大小，则知AO间的电场强度大于OB间的电场强度，故D正确。故本
8、题选ACD。考点：电势的变化与电场强度方向的关系。7. 在图所示电路中，流过二极管D的电流iD如图所示，该电流可以看作是一个恒定电流和一个交变电流的叠加，流过电感和电容的电流分别为iL、iC.下列关于iL、iC随时间t变化的图象中，可能正确的是 A. B. C. D. 【答案】BC【解析】试题分析：电容通高频，阻低频，电感通低频，阻高频，根据题意可知通过电容的是交流电，通过电感的为恒定电流，BC正确考点：考查电容和电感对交变电流的阻碍作用点评：本题难度较小，熟记并理解电容通高频、阻低频的作用，电感通低频、阻高频的作用效果不难判断本题8. 如图所示，理想变压器原副线圈匝数比为21，原线圈接交流电
9、u20 sin100 t(V)，保险丝的电阻为1 ，熔断电流为2 A，电表均为理想电表下列说法正确的有A. 电压表V的示数为14.1 VB. 电流表A1、A2的示数之比为21C. 为了安全，滑动变阻器接入电路的最小阻值为4 D. 将滑动变阻器滑片向上移动，电流表A1的示数减小【答案】CD【解析】原线圈电压有效值为，根据变压器原理可得，故电压表V的示数为110V，A错误；根据变压器原理可知，电流强度与匝数成反比，故电流表A1、A2的示数之比为1：2，B错误；保险丝的电阻为1，熔断电流为2A，为了安全，滑动变阻器接入电路的最小阻值为，C错误；将滑动变阻器滑片向上移动，滑动变阻器接入电路的总电阻增大
10、，副线圈电流强度减小，则原线圈的电流强度也减小，所以电流表A1的示数减小，D正确三、非选择题： （一）必考题9. 如图甲所示，一位同学利用光电计时器等器材做“验证机械能守恒定律”的实验有一直径为d、质量为m的金属小球由A处静止释放，下落过程中能通过A处正下方、固定于B处的光电门，测得A、B间的距离为H(Hd)，光电计时器记录下小球通过光电门的时间为t，当地的重力加速度为g.则： (1)如图乙所示，用20分度的游标卡尺测得小球的直径d_cm.(2)多次改变高度H，重复上述实验，作出随H的变化图象如图丙所示，当图中已知量t0、H0和重力加速度g及小球的直径d满足以下表达式：_(用t0、H0、g、d
11、表示，四个量均取国际单位)时，可判断小球下落过程中机械能守恒(3)实验中发现动能增加量Ek总是稍小于重力势能减少量Ep，增加下落高度后，则EpEk将_(选填“增加”、“减小”或“不变”)【答案】 (1). (1)0.715 cm (2). (2)2gH0t02d2 (3). (3)增加【解析】(1)根据游标卡尺读数规则得读数为：；(2)若要满足机械能守恒，则金属球减小的重力势能等于金属球增加的动能：，整理可以得到：；（3）由于该过程中有阻力做功，而高度越高，阻力做功越多，故增加下落高度后，则将增加。点睛：本题为创新型实验，要注意通过分析题意明确实验的基本原理才能正确求解，掌握游标卡尺的读数方法
12、，游标卡尺读数的方法是主尺读数加上游标读数，不需估读。10. 某实验小组设计了如图甲所示的电路，其中RT为热敏电阻，电压表量程为，内阻为RV约，电流表量程为0.5A，内阻RA=4.0，R为电阻箱。 （1）该实验小组首先利用该电路进行描绘热敏电阻的伏安特性曲线的实验。闭合开关，调节电阻箱，记录不同情况下电压表示数U1、电流表的示数I和电阻箱的阻值R，在坐标系中，将各组U1、I的数值标记在相应位置，描绘出热敏电阻的部分伏安特性曲线如图乙中的曲线所示，为了完成该实验，应将导线端接在_（选填“a”或“b”）点；（2）利用（1）中记录的数据，通过分析计算可得外电路的电压U2，U2的计算式为_；（用U1、
13、I、R和RA表示）（3）实验小组利用（2）中的公式，计算出各组的U2，将U2和I的数据也描绘在坐标系中，如图乙中的直线所示，根据图像分析可知，电源的电动势_V，内电阻_；（4）实验中，当电阻箱的阻值调到时，热敏电阻消耗的电功率_W。（保留两位有效数字）【答案】 (1). （1）a点； (2). （2） (3). （3） (4). (5). （4）（均正确）【解析】(1)利用伏安法测电阻，由图象可知热敏电阻的阻值远小于电压表电阻，所以采用电流表外接法；故导线c应接在a点；(2)路端电压U2等于外部各部分上的电压之和；则根据串并联电路规律可知，外电压：U2=U1+I(R+RA)(3)利用电源的路端
14、电压和电流的特性曲线可知，电源的电动势为6.0V,内电阻为r=（65）/0.33=3.0.(4) 当电阻箱的阻值调到时，等效电源内阻r0=3.0+3.0+4.0=10.0；在IU图象中作等效电源的伏安特性曲线，如图所示，与热敏电阻的伏安特性曲线的交点坐标(4.05,0.20).所以热敏电阻的电功率为P=4.050.20=0.81W；点睛：分析电路结构，明确电流表外接法的应用；根据串并联电路的规律可明确路端电压的表达式；根据伏安特性曲线可明确电源的电动势和内电阻；将电流表、滑动变阻器以及电源本身内阻作为等效电源内阻；在图中作出等效电源的伏安特性曲线，与曲线的交点为热敏电阻的工作点，则由P=UI可
15、求得电功率11. 如图1所示，两滑块A、B用细线跨过定滑轮相连，B距地面一定高度，A可在细线牵引下沿足够长的粗糙斜面向上滑动。已知mA=2 kg，mB=4 kg，斜面倾角=37。某时刻由静止释放A，测得A沿斜面向上运动的v一t图象如图2所示。已知g=10m/s2，sin 37=0.6。求： (1)A与斜面间的动摩擦因数； (2)A沿斜面向上滑动的最大位移； (3)滑动过程中细线对A的拉力所做的功。【答案】（1）0.25（2）0.75m （3）12J【解析】【试题分析】根据速度时间图线求出匀加速和匀减速直线运动的加速度大小，结合牛顿第二定律对两个过程列式，可求出动摩擦因数的大小和A的质量根据速度图象的“面积”求出B向上滑行的距离根据动能定理和动能和势
