新版高考数学理科一轮复习:62等差数列规范训练含答案

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1、 1 1课时规范练(三十五)1(教材习题改编)若等差数列an的公差为d,则数列a2n1是()A公差为d的等差数列B公差为2d的等差数列C公差为nd的等差数列D非等差数列答案B解析数列a2n1其实就是a1,a3,a5,a7,奇数项组成的数列,它们之间相差2d.2已知等差数列an的前n项和为Sn,且满足1,则数列an的公差是()A.B1C2D3答案C解析因为Sn,所以.由1,得1,即a3a22,所以数列an的公差为2.3(20xx南昌一模)在等差数列an中,设Sn为其前n项和,已知,则等于()A. B.C. D.答案A解析由题意可得.4(20xx江西)设an为等差数列,公差d2,Sn为其前n项和若

2、S10S11,则a1()A18B20C22D24答案B解析由S10S11,得a11S11S100,a1a11(111)d0(10)(2)20.5已知等差数列an中,|a3|a9|,公差dS6BS5S6CS60DS5S6答案D解析d0,a90,a70的等差数列an的四个命题:p1:数列an是递增数列;p2:数列nan是递增数列;p3:数列是递增数列;p4:数列an3nd是递增数列;其中的真命题为()Ap1,p2Bp3,p4Cp2,p3Dp1,p4答案D解析an是等差数列,则ana1(n1)ddna1d,因为d0,所以an是递增数列,故p1正确;对p2,举反例,令a13,a22,d1,则a12a2

3、,故nan不是递增数列,p2不正确;d,当a1d0时,递减,p3不正确;an3nd4nda1d,4d0,an3nd是递增数列,p4正确故p1,p4是正确的,选D.11等差数列an的前n项和为Sn,已知am1am12a0,S2m139,则m()A38B39C20D19答案C解析am1am12a,又am1am12am,am1或0(舍去)S2m1(2m1)am,(2m1)am39,2m139.m20.12若两个等差数列an和bn的前n项和分别是Sn,Tn,已知,则等于()A7 B.C. D.答案D解析.13已知数列an中,a32,a51,若是等差数列,则a11等于_答案0解析记bn,则b3,b5,数

4、列bn的公差为(),b1,bn,即.an,故a110.14已知Anx|2nx2n1且x7m1,m,nN,则A6中各元素的和为_答案891解析A6x|26x27且x7m1,mN,A6的元素x71,78,85,92,99,106,127,m9各数成一首项为71,公差为7的等差数列71781277197891.15已知Sn是等差数列an的前n项和,且a415,S555,则过点P(3,a3)、Q(4,a4)的直线的斜率是_答案4解析设数列an的公差为d,则依题意,得故直线PQ的斜率为4.16设a1,d为实数,首项为a1,公差为d的等差数列an的前n项和为Sn,满足S5S6150.(1)若S55,求S6

5、及a1;(2)求d的取值范围答案(1)S63,a17(2)d2或d2解析(1)由题意知S63,a6S6S58,所以解得a17,所以S63,a17.(2)因为S5S6150,所以(5a110d)(6a115d)150.即2a9da110d210.故(4a19d)2d28,所以d28.故d的取值范围为d2或d2.17已知数列an中,a1,an2(n2,nN*),数列bn满足bn(nN*)(1)求证:数列bn是等差数列;(2)求数列an中的最大项和最小项,并说明理由答案(1)略(2)最大项a43,最小项a31解析(1)证明因为an2(n2,nN*),bn.所以当n2时,bnbn11.又b1,所以,数

6、列bn是以为首项,以1为公差的等差数列(2)解由(1)知,bnn,则an11.设函数f(x)1,易知f(x)在区间和内为减函数所以,当n3时,an取得最小值1;当n4时,an取得最大值3.18(20xx山东)设等差数列an的前n项和为Sn,且S44S2,a2n2an1.(1)求数列an的通项公式;(2)设数列bn的前n项和为Tn,且Tn(为常数)令cnb2n(nN*)求数列cn的前n项和Rn.答案(1)an2n1(2)Rn(4)解析(1)设等差数列an的首项为a1,公差为d.由S44S2,a2n2an1,得解得a11,d2.因此an2n1,nN*.(2)由题意知Tn,所以n2时,bnTnTn1.故cnb2n(n1)()n1,nN*.所以Rn0()01()12()23()3(n1)()n1.则Rn0()11()22()3(n2)()n1(n1)()n.两式相减,得Rn()1()2()3()n1(n1)()n(n1)()n()n,整理得Rn(4)所以数列cn的前n项和Rn(4)

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