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1、最新版教学资料数学回扣7立体几何1概念理解(1)四棱柱、直四棱柱、正四棱柱、正方体、平行六面体、直平行六面体、长方体之间的关系(2)三视图三视图的正(主)视图、侧(左)视图、俯视图分别是从几何的正前方、正左方、正上方观察几何体画出的轮廓线画三视图的基本要求：正俯一样长，俯侧一样宽，正侧一样高三视图排列规则：俯视图放在正(主)视图的下面，长度与正(主)视图一样；侧(左)视图放在正(主)视图的右面，高度和正(主)视图一样，宽度与俯视图一样2柱、锥、台、球体的表面积和体积侧面展开图表面积体积直棱柱长方形S2S底S侧VS底h圆柱长方形S2r22rlVr2l棱锥由若干三角形构成SS底S侧VS底h圆锥扇形
2、Sr2rlVr2h棱台由若干个梯形构成SS上底S下底S侧V(SS)h圆台扇环Sr2(rr)lr2V(r2rrr2)h球S4r2Sr33.平行、垂直关系的转化示意图(1)(2)两个结论ab，b.4用空间向量证明平行垂直设直线l的方向向量为a(a1，b1，c1)，平面，的法向量分别为(a2，b2，c2)，v(a3，b3，c3)则有：(1)线面平行laa0a1a2b1b2c1c20.(2)线面垂直laaka1ka2，b1kb2，c1kc2.(3)面面平行vva2a3，b2b3，c2c3.(4)面面垂直vv0a2a3b2b3c2c30.5用向量求空间角(1)直线l1，l2的夹角有cos|cosl1，l
3、2|(其中l1，l2分别是直线l1，l2的方向向量)(2)直线l与平面的夹角有sin |cosl，n|(其中l是直线l的方向向量，n是平面的法向量)(3)平面，的夹角有cos|cosn1，n2|，则l二面角的平面角为或(其中n1，n2分别是平面，的法向量)1混淆“点A在直线a上”与“直线a在平面内”的数学符号关系，应表示为Aa，a.2在由三视图还原为空间几何体的实际形状时，根据三视图的规则，空间几何体的可见轮廓线在三视图中为实线，不可见轮廓线为虚线在还原空间几何体实际形状时一般是以正(主)视图和俯视图为主3易混淆几何体的表面积与侧面积的区别，几何体的表面积是几何体的侧面积与所有底面面积之和，不
4、能漏掉几何体的底面积；求锥体体积时，易漏掉体积公式中的系数.4不清楚空间线面平行与垂直关系中的判定定理和性质定理，忽视判定定理和性质定理中的条件，导致判断出错如由，l，ml，易误得出m的结论，就是因为忽视面面垂直的性质定理中m的限制条件5注意图形的翻折与展开前后变与不变的量以及位置关系对照前后图形，弄清楚变与不变的元素后，再立足于不变的元素的位置关系与数量关系去探求变化后的元素在空间中的位置与数量关系6几种角的范围两条异面直线所成的角090；直线与平面所成的角090；二面角0180；两条相交直线所成的角(夹角)090；直线的倾斜角0180；两个向量的夹角0180；锐角090.7空间向量求角时易
5、忽视向量的夹角与所求角之间的关系，如求解二面角时，不能根据几何体判断二面角的范围，忽视向量的方向，误以为两个法向量的夹角就是所求的二面角，导致出错1(2017重庆外国语学校月考)一个几何体的三视图如图所示，则这个几何体的体积是()A.B.C.D答案D解析由三视图可知，该几何体为球的，其半径为1，则体积V13.2直三棱柱ABCA1B1C1的直观图及三视图如图所示，D为AC的中点，则下列命题是假命题的是()AAB1平面BDC1BA1C平面BDC1C直三棱柱的体积V4D直三棱柱的外接球的表面积为4答案D解析由三视图可知，直三棱柱ABCA1B1C1的侧面B1C1CB是边长为2的正方形，底面ABC是等腰
6、直角三角形，ABBC，ABBC2.连接B1C交BC1于点O，连接OD.在CAB1中，O，D分别是B1C，AC的中点，ODAB1，又OD平面BDC1，AB1平面BDC1，AB1平面BDC1.故A正确；在直三棱柱ABCA1B1C1中，AA1平面ABC，AA1BD.又ABBC2，D为AC的中点，BDAC，又AA1ACA，AA1，AC平面AA1C1C，BD平面AA1C1C.BDA1C.又A1B1B1C1，A1B1B1B，A1B1平面B1C1CB，A1B1BC1.BC1B1C，且A1B1B1CB1，BC1平面A1B1C.BC1A1C，又BDBC1B，BD，BC1平面BDC1，A1C平面BDC1.故B正确
7、；VSABCC1C2224，故C正确；此直三棱柱的外接球的半径为，其表面积为12，D错故选D.3已知直线l，m和平面，则下列结论正确的是()A若lm，m，则lB若l，m，则lmC若lm，l，则mD若l，m，则lm答案B解析若lm，m，则l或l，故A错误；若l，m，则lm，B正确；若lm，l，则m或m，故C错误；若l，m，则lm或l，m异面，故选B.4已知互相垂直的平面，交于直线l.若直线m，n满足m，n，则()AmlBmnCnlDmn答案C解析由题意知，l，l，n，nl.故选C.5已知m，n为异面直线，m平面，n平面.直线l满足lm，ln，l，l，则()A且lB且lC与相交，且交线垂直于lD与
8、相交，且交线平行于l答案D解析假设，由m平面，n平面，得mn，这与已知m，n为异面直线矛盾，那么与相交，设交线为l1，则l1m，l1n，在直线m上任取一点作n1平行于n，那么l1和l都垂直于直线m与n1所确定的平面，所以l1l.6.如图，正方体AC1的棱长为1，过点A作平面A1BD的垂线，垂足为点H，以下四个命题：点H是A1BD的垂心；AH垂直于平面CB1D1；直线AH和BB1所成角为45；AH的延长线经过点C1，其中假命题的个数为()A0 B1C2 D3答案B解析ABAA1AD，BA1BDA1D，三棱锥ABA1D为正三棱锥，点H是A1BD的垂心，故正确；平面A1BD与平面B1CD1平行，AH
9、平面A1BD，AH平面CB1D1，故正确；AA1BB1，A1AH就是直线AH和BB1所成的角，在直角三角形AHA1中，AA11，A1H，sinA1AH，故错误；根据正方体的对称性得到AH的延长线经过C1，故正确，故选B.7将正方体的纸盒展开如图，直线AB，CD在原正方体的位置关系是()A平行B垂直C相交成60角D异面且成60角答案D解析如图，直线AB，CD异面因为CEAB，所以ECD即为直线AB，CD所成的角，因为CDE为等边三角形，故ECD60.8长方体的顶点都在同一球面上，其同一顶点处的三条棱长分别为3,4,5，则该球面的表面积为()A25 B50C75 D.答案B解析设球的半径为R，由题
10、意可得(2R)232425250，4R250，球的表面积为S4R250.9如图，三棱锥ABCD的棱长全相等，点E为AD的中点，则直线CE与BD所成角的余弦值为()A.B.C.D.答案A解析方法一取AB中点G，连接EG，CG.E为AD中点，EGBD.GEC为CE与BD所成的角设AB1，则EGBD，CECG，cosGEC.方法二设AB1，则()()()2cos 60cos 60cos 60.cos，故选A.10已知正三棱柱ABCA1B1C1的侧棱长与底面边长相等，则AB1与侧面ACC1A1所成角的正弦值等于()A.B.C.D.答案A解析如图所示建立空间直角坐标系，设正三棱柱的棱长为2，则O(0,0
11、,0)，B(，0,0)，A(0，1,0)，B1(，0,2)，则1(，1,2)，则(，0,0)为侧面ACC1A1的法向量，故sin .11如图，在空间四边形ABCD中，点MAB，点NAD，若，则直线MN与平面BDC的位置关系是_答案平行解析由，得MNBD.而BD平面BDC，MN平面BDC，所以MN平面BDC.12已知长方体ABCDABCD，E，F，G，H分别是棱AD，BB，BC，DD的中点，从中任取两点确定的直线中，与平面ABD平行的有_条答案6解析如图，连接EG，EH，FG，EH綊FG，EFGH四点共面，由EGAB，EHAD，EGEHE，ABADA，可得平面EFGH与平面ABD平行，符合条件的
12、共有6条13点P在正方形ABCD所在平面外，PA平面ABCD，PAAB，则PB与AC所成角的大小是_答案解析以A为原点，AB所在直线为x轴，AD所在直线为y轴，AP所在直线为z轴建立空间直角坐标系，设正方形ABCD的边长为1，则A(0,0,0)，P(0,0,1)，B(1,0,0)，C(1,1,0)，(1,0，1)，(1,1,0)，因此cos，因此PB和AC所成的角为60，即.14设m，n是不同的直线，是不同的平面，有以下四个命题：；m；m.其中，正确的命题是_(填序号)答案解析中平行于同一平面的两平面平行是正确的；中m，可能平行，相交或直线在平面内；中由面面垂直的判定定理可知结论正确；中m，可能平行或线在面内15如图(1)，在边长为4的菱形ABCD中，DAB60，点E，F分别是边CD，CB的中点，ACEFO，沿EF将CEF翻折到PEF，连接PA，PB，PD，得到如图(2)所示的五棱锥PABFED，且PB.(1)求证：BDPA；(2)求四棱锥PBFED的体积(1)证明点E，F分别是边CD，CB的中点，BDEF.菱形ABCD的对角线互相垂直，BDAC.
