《2019届高考物理江苏专版一轮复习课时检测二十六闭合电路欧姆定律及其应用》由会员分享，可在线阅读，更多相关《2019届高考物理江苏专版一轮复习课时检测二十六闭合电路欧姆定律及其应用（6页珍藏版）》请在金锄头文库上搜索。
1、第#页GJ课时跟踪检测（二十六）闭合电路欧姆定律及其应用对点训练：电阻的串、并联1 .电阻Ri与处并联在电路中，通过Ri与小的电流之比为1 ： 2,则当Ri与R2串联后 接入电路中时，Ri与郎两端电压之比5 ： 5为（）A. 1 ： 2B. 2 ： IC. 1 ： 4 D. 4 ： 1解析：选B由并联特点可知：RiR_ 2 =宜工_ 1=21,又由串联电路特点可得：UiU_ 2=R1R_ 2=21,故 B 正确。2 .（2019 无爆“研）电子式互感器是数字变电站的关键设备之一。如图所示，某电子式 电压互感器探头的原理为电阻分压，ac间的电阻是cd间电阻的（nl）倍，某次测量中 输出端数字电压
2、表的示数为U,则输入端的电压为（） A. nU B.U nC. （n1）U D.Un 1解析：选A Rau与Red串联，电流工=UabRau + R cd,对输出端电压Uud = U =IRcd=UabRcdRac+R cd=Uab_ 11,即输入端电压为 Uab=nU。3 . （2019 常州检渊）如图所示，a、bx c、d、e是五个相同的电阻，如果将电压逐渐 升高，则最先烧坏的电阻应是（）A. a 和 b Be cC. d D. e解析：选D由题图可知，a和b并联后与e串联，最后跟c和d的串联电路并联，设 电阻都为R,则c和d的电压都为U_ 2, a和b并联电阻为R2,所以a和b的电压 都
3、为U 3, Q的电压为2U 3,所以e的电压最大，所以随着电压U升高时，先烧 坏的电阻应是e。对点训练：闭合电路的动态分析4 .多选如图所示，闭合开关S并调节滑动变阻器滑片P的位置，使A、B、C三灯亮 度相同。若继续将P向下移动，则三灯亮度变化情况为（） A. A灯变亮 B. B灯变亮 c. B灯变暗 D. C灯变亮解析：选ACD将变阻器滑片P向下移动时，接入电路的电阻减小，外电路总电阻 减小，根据全电路欧姆定律得知，总电流3增大，则A灯变亮。并联部分的电压U并 =E-lA（R4+r）, E、Ra、r不变，工a增大，U井减小，B灯变暗。通过C灯的电流工c =工一工b,工增大，工B减小，则工c增
4、大，C灯变亮，故A、C、D正确。5 .多选（2019 昆山月牙）恒流源是一种特殊的电源，其输出的电流能始终保持不变， 如图所示的电路中，当滑动变阻器滑动触头P向右移动时，下列说法中正确的是（） A. Ro上的电压变小B.史上的电压变大c. Ri上的电压变大D. Ri上电压变化量大于Ro上的电压变化量解析：选AC触头P由图示位置向右移动时，接入电路的电阻减小，则总电阻也减小， 而电源输出电流不变，由欧姆定律可知，并联部分电压减小，所以期上的电压变小， 郎是定值电阻，所以通过员的电流减小，总电流不变，则通过R】电流增大，所以R】 的电压变大，而并联电路电压是减小的，则R。上的电压变小，故A、C正确
5、，B错误； Ri的电压变大，R。上的电压变小，R】和Ro的电压之和减小，则Ri上电压变化小于 Ro上的电压变化,故D错误。6.如图为某控制电路，由电动势为E、内阻为工的电源与定值电阻Ri、处及电位器（滑 动变阻器）R连接而成，口、L2是两个指示灯，当电位器的触片由b端滑向a端时，下 列说法正确的是（）A, L】、L2都变亮 B. Li、L2都变暗c. Li变亮，L2变暗 D. L】变暗，L2变亮解析：选B当滑片由b端向a端滑动时，R接入电阻增大，总电阻增大；由闭合电路 的欧姆定律可知电路中总电流减小，则内电压减小，由U=E一工r可知路端电压增大, 则RI两端的电压增大，所以通过Ri的电流增大，
6、而总电流域小，所以通过L的电流变 小，即L】变暗；L】两端电压减小，并联电压增大，所以处两端的电压增大，所以通过 郎电流增大，而通过L】的电流变小，所以通过L2电流变小，即L2变暗。故B正确。 对点训练：闭合电路的功率及效率问题7. （2019 湖北七市联号）有一个电动势为3 V、内阻为1 Q的电源。下列电阻与其连 接后，使电阻的功率大于2 W,且使该电源的效率大于50%的是（）A. 0.5 Q B. 1 QC. 1.5 Q D. 2 Q解析：选c由闭合电路欧姆定律得工=ER+ r,电源效率T）=：l2R工2?R+r?X100%,电阻的第3页15n50回泮二k功率1=工2九 将四个选项代入分析
7、得，只有C符合题目要求，故C正确。8多选（2019 江苏离合）如图所示的电路中，电源电动势为12 V,内阻为2 C,四 个电阻的阻值已在图中标出。闭合开关S,下列说法正确的有（）A.路端电压为10 VB.电源的总功率为10 WC. a、b间电压的大小为5 VD. a、b间用导线连接后，电路的总电流为1 A解析：选AC根据串并联电路的特点可得，外电路总电阻为10 Q,根据闭合电路欧姆 定律得通过电源的电流为工= 122 + 10A=l A,则路端电压为u=：Ra=10V,选项A正确；电源的总功率P = E= 12W,选项B错误；若取电源负极的电势为0, 则a点电势为=2.5V, b点电势为。b=
8、7.5V, a、b间电压的大小为5 V,选项C 正确；a、b间用导线连接起来后外电路总电阻为7.5 Q,电路的总电流为工= 122+ 7.5A1.26A,选项 D 错误。9多选直流电路如图所示，在滑动变阻器的滑片P向右移动时，电源的（）A.总功 率一定减小B.效率一定增大C.内部损耗功率一定减小D.输出功率一定先增大后减小解析：选ABC滑片P向右移动时，外电路电阻R第增大，由闭合电路欧姆定律知总电 流减小，由Pa=E1可得P幼减小，故A正确。根据T）=R第R外+ r=ll + r/R 外，可知B正确。由F根=工2=可知，C正确 ParR外图像如图所示，因不知 道R外的初始值与工的大小关系，所以
9、无法判断P出的变化情况，D错误。对点训练：两类5工图像的比较与应用10.多选如图所示，直线I、II分别是电源1与电源2的路端电压随输出电流变化 的特性图线，曲线m是一个小灯泡的伏安特性曲线，曲线m与直线I、口相交点的坐标 分别为P（5.2,3.5）、Q（6,5）O如果把该小灯泡分别与电源1、电源2单独连接，则下 列说法正确的是（）A.电源1与电源2的内阻之比是3 ： 2 B.电源1与电源2的电动势之比是1 ： 1C.在这两种连接状态下，小灯泡的电阻之比是1： 2D.在这两种连接状态下，小灯泡 消耗的功率之比是7： 10第4页解析：选AB根据图像可知，Ei=E2 = 10 V, n = 54 Q
10、, =2=56 Q,所以ri ： r2 =3 ： 2, Ei ： E2=l ： 1,选项A、B正确；曲线川与其他两条直线的交点坐标表示该小 灯泡在这两种连接状态下的工作电压和工作电流，根据坐标值可求出此时小灯泡消耗的 功率分别为PI=18.2W和P2=30W,小灯泡的电阻分别为Ri=3J 52。，氏=56 Q, 所以选项c、D错误。1L【多选（2019 慎江楔拟）如图甲所示，不计电表对电路的影响，改变滑动变阻器的 滑片位置，测得电压表Ovi和。丫2随电流表OA的示数变化规律如图乙中a、b所 示，下列判断正确的是（）A.图线a的延长线与纵轴交点的坐标值等于电源电动势B.图线b斜率的绝对值等于电源
11、的内阻C.图线a、b交点的横、纵坐标之积等于此状态下电源的输出功率D.图线a、b交点的横、纵坐标之积等于此状态下电阻Ro消耗的功率解析:选ACD当电路中电流增大时，电压表W的示数增大，电源的内电压增大，电 压表V】的读数减小，则根据图像可知，图像a是电压表V】的示数与工的关系图像。则 图线a的延长线与纵轴交点的坐标值等于电源电动势，故A正确。由上分析知，图像b 是电压表V2的示数与工的关系图像，由于V2测的是定值电阻的电压，定值电阻的电 压与电流成正比，则图像b的斜率的绝对值等于R。的阻值，故B错误。图像a反映电 源的特性，图像b反映定值电阻Ro的特性，两图像的交点表示定值电阻Ro接在该电源
12、上的工作状态，则交点的横、纵坐标值的乘积等于该状态下定值电阻R。消耗的瞬时功 率，也即电源的输出功率。故c、D正确。对点训练：含电容器的电路12.如图所示的电路中，开关S闭合一段时间后，下列说法中正确的是（）A.滑片M向 上滑动过程中，电容器充电B.滑片N向左滑动过程中，流过R2电流向上C滑片N向左滑动，电源输出功率一定增大D.将滑片N向右滑动，电容器的电能减少解析：选D当滑片M向上滑动时，对电路结构没有影响，电路总电阻没有变化，故电 容器保持原来的状态，故A错误；滑片N向左滑动过程中，变阻器感的阻值增大，电 路总电阻增大，总电流减小，氏两端的电压U=E一工（Ri+r）增大，电容器两端的电压
13、增大，电容器充电，流过小的电流向下，故B错误；滑片N向左滑动，变阻器R3的电 阻变大，外电阻增大，但因为不知道内外电阻的关系，所以电源的输出功率变化情况无 法判断，故C错误；将滑片N向右滑动，变阻器员的阻值减小，电路总电阻减小，总 电流增大，变阻器两端的电压U=E一工（Ri + r）减小，电容器两端的电压等于变阻器以两端的电压，根据Q=第5页CU知电容器放电，电容器的电能减少，故D正确。13 . （2019 南京模拟）如图所示的电路，Ri、必、网均为定值电阻，氏为热敏电阻（温度 升高，电阻减小），电源的电动势为E,内阻为r,初期电容器中悬停一质量为m的带 电尘埃，当环境温度降低时，下列说法正确
14、的是（）A.电压表和电流表的示数都减小B.电压表和电流表的示数都增大C.电压表和电流表的示数变化量之比保持不变D.带电尘埃将向下极板运动解析:选C当环境温度降低时，员的阻值增大，外电路总电阻增大，则总电流减小， 所以电流表的示数减小，图中并联部分的总电阻增大，由串联电路电压与电阻成正比的 规律知：并联部分的电压增大，则电压表的示数增大。故A、B错误。电压表的示数为 U=E-I（Ri+r）,则电压表和电流表的示数变化置之比为AU A_ I=Ri+r,保持不 变，故C正确。电容器板间电压增大，板间场强增大，带电尘埃所受的电场力增大， 则带电尘埃将向上极板运动，故D错误。 考点综合训练14 .多选（
15、2019 黑龙江锚实验中学高三期家）在如图所示电路中，电源电动势为12 V, 电源内阻为L0 Q,电路中电阻R。为1.5 C,小型直流电动机M的内阻为0.5 Q。 闭合开关S后，电动机转动，电流表的示数为2.0 A。则以下判断中正确的是（） A.电动机的输出功率为12 WB.电动机两端的电压为7.0 VC.电动机的发热功率为 4.0 WD.电源输出的电功率为24 W解析：选AB电路中电流表示数为2.0 A,所以电动机的电压为U=E工r-1Ro=7V, 则电动机的发热功率为P m=I2Rm=2 W；电动机的输出功率为P a=UI-P禽=12 W, 故A、B正确，C错误；电源的输出功率为工2r=20W,故D错误。15 .多选如图所示，M、N是两块水平放置的平行金属板，R。为定值电阻，R1和R2 为可变电阻，开关S闭合。质量为m的带正电荷的微粒从P点以水平速度vo射入金属 板间，沿曲线打在N板上的。点。若经下列调整后，微粒仍从P点以水平速度V。射入， 则关于微粒打在N板上的位置说法正确的是（）A.保持开关S闭合，增大R1,粒子打在。点左侧B.保持开关S闭合，增大小，粒子打在。点左侧 C.断开开关S, M极板稍微上移，粒子打在。点右侧 D.断开开关S, N极板稍微下移，粒子打在。点右侧第6页 解析：选AD保持开关S闭合
