《河南省平顶山市2018-2019学年高一物理下学期期末调研试题（含解析）》由会员分享，可在线阅读，更多相关《河南省平顶山市2018-2019学年高一物理下学期期末调研试题（含解析）（14页珍藏版）》请在金锄头文库上搜索。
1、河南省平顶山市2018-2019学年高一物理下学期期末调研试题（含解析）一、选择题1.在物理学的发展过程中，科学家们创造出了许多物理学研究方法，以下关于所用物理学研究方法的叙述不正确的是A. 加速度、速度都是采取比值法定义的物理量B. 在探究共点力的合成时用到了等效替代的思想方法C. 牛顿提出了万有引力定律，并通过实验测出万有引力常量的数值D. 牛顿第一定律是利用逻辑思维对事实进行分析的产物，无法用实验直接验证【答案】C【解析】【详解】A. 加速度、速度都是采取比值法定义物理量，选项A正确；B. 在探究共点力的合成时用到了等效替代的思想方法，选项B正确；C. 牛顿提出了万有引力定律，卡文迪许通
2、过实验测出万有引力常量的数值，选项C错误；D. 牛顿第一定律是利用逻辑思维对事实进行分析产物，无法用实验直接验证，选项D正确；2.关于质点的曲线运动，下列说法中正确的是A. 曲线运动一定是变速运动B. 变速运动一定是曲线运动C. 曲线运动一定是加速度变化的运动D. 曲线运动可以是速度不变的运动【答案】A【解析】【详解】A.曲线运动的速度方向一定变化，则曲线运动一定是变速运动，选项A正确；B. 变速运动不一定是曲线运动，例如自由落体运动，选项B错误；C. 曲线运动不一定是加速度变化的运动，例如平抛运动，选项C错误；D. 曲线运动的速度一定是变化的，不可以是速度不变的运动，选项D错误；3.如图，汽
3、车向左开动，系在车后缘的绳子绕过定滑轮拉着重物M上升，当汽车向左匀速运动时，重物M将（ ）A. 匀速上升B. 加速上升C. 减速上升D. 无法确定【答案】B【解析】试题分析：小车的运动可分解为沿绳方向和垂直于绳的方向两个运动，设绳子与水平面的夹角为，由几何关系可得：vM=vcos，因v不变，而当逐渐变小，故vM逐渐变大，物体有向上的加速度，故B正确，ACD错误；故选B。考点：速度的分解【名师点睛】考查运动的合成与分解的应用，掌握牛顿第二定律的内容，注意正确将小车的运动按效果进行分解，小车的运动可分解为沿绳方向和垂直于绳的方向两个运动，其中沿绳方向的运动与物体上升的运动速度相等。4.“套圈圈”是
4、老少皆宜的游戏，如图，大人和小孩在同一竖直线上的不同高度处分别以水平速度v1、v2抛出铁丝圈，都能套中地面上的同一目标。设铁丝圈在空中运动时间分别为t1、t2不计空气阻力，则A. v1=v2B. v1v2C. t1t2D. t1=t2【答案】B【解析】【详解】CD.根据知，h1h2，则t1t2，选项CD错误；AB.由于水平位移相等，根据x=vt知，v1v2，故B正确，A错误。5.“神舟”六号载人飞船顺利发射升空后，经过115小时32分的太空飞行，在离地面约为430km的圆轨道上运行了77圈，运动中需要多次“轨道维持”。所谓“轨道维持”就是通过控制飞船上发动机的点火时间和推力的大小和方向，使飞船
5、能保持在预定圆轨道上稳定飞行。如果不进行“轨道维持”，由于飞船受到轨道上稀薄空气的影响，轨道高度会逐渐降低，在这种情况下飞船的动能、重力势能和机械能的变化情况是A. 动能、重力势能和机械能逐渐减少B. 重力势能逐渐减小，动能逐渐增大，机械能不变C. 重力势能逐渐减小，动能逐渐增大，机械能逐渐减小D. 重力势能逐渐增大，动能逐渐减小，机械能不变【答案】C【解析】【详解】轨道高度逐渐降低，即飞船的高度降低、重力势能减少，速度将增大、动能增大，重力势能转化为动能；由于飞船受轨道上稀薄空气的影响，飞船要克服空气阻力做功，飞船的机械能减少，转化为内能。A. 动能、重力势能和机械能逐渐减少，与结论不相符，
6、选项A错误；B. 重力势能逐渐减小，动能逐渐增大，机械能不变，与结论不相符，选项B错误；C. 重力势能逐渐减小，动能逐渐增大，机械能逐渐减小，与结论相符，选项C正确；D. 重力势能逐渐增大，动能逐渐减小，机械能不变，与结论不相符，选项D错误；6.假设摩托艇受到的阻力的大小正比于它的速率。如果摩托艇发动机的输出功率变为原来的2倍，则摩托艇的最大速率变为原来的（）A. 4倍B. 2倍C. 2倍D. 倍【答案】D【解析】【分析】根据“摩托艇发动机的输出功率”可知，本题考查机车启动类问题。根据题意可知，摩托艇的阻力大小与速度成正比，即：f=kv；当物体做匀速运动时，速度最大，此时牵引力F与阻力f相等：
7、即F=f=kv；而发动机的输出功率P=Fv，据此分析判断。【详解】设阻力为f，由题知：f=kv；速度最大时，牵引力等于阻力，则有P=Fv=fv=kv2。所以摩托艇发动机的输出功率变为原来的2倍，则摩托艇的最大速率变为原来的倍。故ABC错误，D正确。【点睛】解决本题的关键：一是能够正确的写出阻力与速度大小的表达式，二是利用功率的计算方法P=Fv。7.一薄圆盘可绕通过圆盘中心且垂直于盘面的竖直轴OO转动，如图所示。在圆盘上放置一小木块，当圆盘匀速转动时，木块相对圆盘静止。关于木块的受力情况，下列说法正确的是A. 木块受到圆盘对它的静摩擦力，方向与木块运动方向相反B. 木块受到圆盘对它的静摩擦力，方
8、向指向圆盘中心C. 由于木块运动，所以受到滑动摩擦力D. 由于木块做匀速圆周运动，所以，除了受到重力、支持力、摩擦力外，还受向心力【答案】B【解析】【详解】木块随圆盘在水平面内做匀速圆周运动，重力与支持力均在竖直方向，与半径方向垂直，所以圆盘对木块还有静摩擦力的作用，由静摩擦力或者讲是由重力、支持力、静摩擦力三个的合力提供向心力，所以静摩擦力的方向指向圆心。ABC. 木块受到圆盘对它的静摩擦力，方向指向圆盘中心，与木块运动方向垂直，选项AC错误，B正确；D. 木块做匀速圆周运动，所以受到重力、支持力和静摩擦力，其中静摩擦力提供向心力，选项D错误.8.如图所示，质量为m的小球固定在杆的一端，在竖
9、直面内绕杆的另一端做圆周运动，当小球运动到最高点时，瞬时速度v=，R是球心到O点的距离，不计空气阻力，则当球运动到最低点时对杆的作用力是A. 8mg的拉力B. 8mg的压力C. 7mg的拉力D. 7mg的压力【答案】A【解析】【详解】小球在最低点时，由于要提供向心力，而重力方向竖直方下，所以杆一定出现拉力，则小球对杆的作用力也是拉力，设小球运动到最低点时的速度大小为v，根据动能定理有：mv2mv22mgR，可得：；在最低点，设杆的拉力为T，根据牛顿第二定律有：Tmgm；代入速度，可得：T=8mg；由牛顿第三定律可知，当小球在最低点时，球对杆的作用力是8mg的拉力。A. 8mg的拉力，与结论相符
10、，选项A正确；B. 8mg的压力，与结论不相符，选项B错误；C. 7mg的拉力，与结论不相符，选项C错误；D. 7mg的压力，与结论不相符，选项D错误；9.如图所示的曲线是某个质点在恒力作用下的一段运动轨迹，质点从M点出发经P点到达N点，已知弧长MP大于弧长PN，质点由M点运动到P点与从P点运动到N点的时间相等，下列说法中正确的是A. 质点从M到N过程中速度大小保持不变B. 质点在这两段时间内的速度变化量大小相等，但方向不相同C. 质点在这两段时间内速度变化量大小不相等，但方向相同D. 质点在MN间的运动是匀变速运动【答案】D【解析】【详解】因质点在恒力作用下运动，由牛顿第二定律可知，质点做匀
11、变速曲线运动，由于加速度不变；A、从M到N过程中，因弧长MP大于弧长PN，由M点运动到P点与从P点运动到N点的时间相等，根据，可知速度大小变化，故A错误；BC.因加速度不变，则质点在这两段时间内的速度变化量大小相等，方向相同，故B C错误；D. 因加速度不变，则质点在MN间的运动是匀变速运动，选项D正确；10.如图所示，完全相同的三个小球a、b、c从距离地面同一高度处以等大的初速度同时开始运动，分别做平抛、竖直上抛和斜抛运动，忽略空气阻力。以下说法正确的是A. 三个小球不同时落地B. b、c所能达到的最大高度相同C. 三个小球落地时的速度相等D. 落地之前，三个小球在任意相等时间内速度增量相同
12、【答案】AD【解析】【详解】A.a球做平抛运动，竖直方向的分运动是自由落体运动，b做竖直上抛运动，c做斜上抛运动，竖直方向的分运动是竖直上抛运动，所以三个小球运动的时间不等，不同时落地，故A正确。B.b、c两球初始高度相同，分别做竖直上抛和斜上抛运动，开始时沿竖直方向向上的分速度c小，b大，所以b上升的最大高度大，c上升的最大高度小，故B错误；C.小球运动过程中，只有重力做功，机械能均守恒，则有：mgh+mv02=mv2，得：，知三个小球初位置的高度h和初速度v0大小都相等，则落地时速度v大小相等，但是方向不同，则速度不相同，故C错误；D.三个小球的加速度均为向下的g，则三个小球在任意相等时间
13、内速度的增量为v=gt，则v是相等的，故D正确。11.发射地球同步卫星时，先将卫星发射至近地圆轨道1，然后点火，使其沿椭圆轨道2运行，最后再次点火，将卫星送入同步圆轨道3，轨道1、2相切于Q点，轨道2、3相切于P点，如图所示。卫星分别在1、2、3轨道上正常运行时，不计空气阻力，以下说法正确的是A. 卫星在轨道3上运行的周期大于在轨道2上运行的周期B. 卫星在轨道2上经过Q点时的加速度大于它在轨道1上经过Q点时的加速度C. 卫星在轨道3上的机械能大于在轨道1上的机械能D. 卫星在轨道2上由Q点运动至P点的过程中，速度减小，加速度减小，机械能减小【答案】AC【解析】【详解】A由图可知轨道3的轨道半
14、径大于轨道2的半长轴，根据开普勒第三定律，卫星在轨道3上运行的周期大于在轨道2上运行的周期，故A正确；B卫星在轨道2上经过Q点时与它在轨道1上经过Q点时，所受万有引力一样，根据牛顿第二定律可知，卫星在轨道2上经过Q点时的加速度等于它在轨道1上经过Q点时的加速度，故B错误；C卫星由轨道1要经两次点火加速度才可以变轨到轨道3，每一次点火加速，外力均对卫星做功，根据功能关系可知，卫星的机械能均增大，故卫星在轨道3上的机械能大于在轨道1上的机械能，故C正确；DP点是轨道2的远地点，此时速度最小，Q点轨道2的近地点，此时速度最大，所以卫星在轨道2上由Q点运动至P点的过程中，速度减小，此过程中卫星离地球的
15、距离在增大，根据万有引力定律与牛顿第二定律得加速度，则可知加速度减小，由于只有万有引力做功，故机械能守恒，故D错误。12.如图所示，将一轻弹簧下端固定在倾角为的粗糙斜面底端，弹簧处于自然状态时上端位于A点。质量为m的物体从斜面上的B点由静止开始下滑，与弹簧发生相互作用后，最终停在斜面上。下列说法正确的是A. 物体最终一定不会停在A点B. 整个过程中物体第一次到达A点时动能最大C. 物体第一次反弹后不可能到达B点D. 整个过程中重力势能的减少量等于克服摩擦力做的功【答案】AC【解析】【详解】A由题意可知，物块从静止沿斜面向上运动，说明重力的下滑分力大于最大静摩擦力，因此物体不可能最终停于A点，故A正确；B.物体接触弹簧后，还要继续加速，直到弹力与重力的分力相等时，达到最大速度；故最大速度在A点下方； 故B错误；C.由于运动过程中存在摩擦力，导致摩擦力做功，所以物体第一次反弹后不可能到达B点，故C正确；C.根据动能定理可知，从静止到速度为零，则有重力做功等于克服弹簧弹力做功与物块克服摩擦做的功之和，则重力势能的减小量大于物块克服摩擦力做功。故D错误；
