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1、（新课标地区专用）2020高考物理提分定时练辑选择题定时训练3（含解析）选择题定时训练3(限时：30分钟)一、单项选择题1(2019西南名校联盟高考诊断)下列叙述中正确的是()A库仑发现了点电荷的相互作用规律，卡文迪许测出了静电力常量B密立根利用带电油滴在竖直电场中的平衡，最早得到了元电荷e的数值C奥斯特发现了电流的磁效应并提出了分子电流假说D开普勒总结出了行星运动定律，并用月地检验证实了该定律的正确性答案B解析库仑发现了点电荷的相互作用规律，库仑通过扭秤测出了静电力常量，选项A错误；密立根利用带电油滴在竖直电场中的平衡，最早得到了元电荷e的数值，选项B正确；奥斯特发现了电流的磁效应，安培提出
2、了分子电流假说，选项C错误；开普勒总结出了行星运动定律，牛顿用月地检验证实了万有引力定律的正确性，选项D错误2(2019西南名校联盟高考诊断)如图1所示，某飞行器在近月圆形轨道上做匀速圆周运动，到达轨道的A点时点火变轨进入椭圆轨道，后沿轨道做椭圆运动，到达轨道的远月点B时再次点火变轨，进入距月球表面高度为4R的圆形轨道绕月球做匀速圆周运动，R为月球半径，则上述变轨过程中()图1A飞行器沿轨道运动的速率最大B飞行器沿轨道运动的速率最小C飞行器沿轨道运动的机械能最大D根据a可知，飞行器沿轨道过A点的加速度大于沿轨道过A点的加速度答案C解析飞行器在轨道的A点点火加速才能进入轨道，可知飞行器沿轨道过A
3、点的速度最大，选项A错误；由开普勒第二定律可知，在轨道上运行时在B点速度最小；飞行器在轨道的B点加速才能进入轨道，可知飞行器沿轨道过B点的速度最小，选项B错误；因在A、B两点两次加速，可知飞行器在轨道运行时的机械能最大，选项C正确；根据加速度a可知，飞行器沿轨道过A点的加速度等于沿轨道过A点的加速度，选项D错误3(2019四川宜宾市第二次诊断)如图2甲为一列简谐波在t0时刻的波形图，P是平衡位置为x1m处的质点，Q是平衡位置为x4m处的质点，图乙为质点Q的振动图象，则下列说法错误的是()图2A该波的周期是0.10sB该波的传播速度是40m/sC该波沿x轴正方向传播Dt0.10s时，质点Q的速度
4、方向沿y轴负方向答案A4(2019河南郑州市第三次质量检测)如图3所示为氢原子能级示意图，下列有关说法正确的是()图3A处于基态的氢原子吸收10.5eV的光子后能跃迁至n2能级B大量处于n4能级的氢原子向低能级跃迁时，最多可辐射出3种不同频率的光C若用从n3能级跃迁到n2能级辐射出的光，照射某金属时恰好发生光电效应，则用从n4能级跃迁到n3能级辐射出的光，照射该金属时一定能发生光电效应D用n4能级跃迁到n1能级辐射出的光，照射逸出功为6.34eV的金属铂产生的光电子的最大初动能为6.41eV答案D解析处于基态的氢原子吸收10.2eV的光子后能跃迁至n2能级，不能吸收10.5eV能量的光子，故A
5、错误；大量处于n4能级的氢原子，最多可以辐射出C6种不同频率的光子，故B错误；从n3能级跃迁到n2能级辐射出的光子的能量大于从n4能级跃迁到n3能级辐射出的光子的能量，用从n3能级跃迁到n2能级辐射出的光，照射某金属时恰好发生光电效应，则用从n4能级跃迁到n3能级辐射出的光，照射该金属时一定不能发生光电效应，故C错误；处于n4能级的氢原子跃迁到n1能级辐射出的光子的能量为：EE4E10.85eV(13.6eV)12.75eV，根据光电效应方程，照射逸出功为6.34eV的金属铂产生的光电子的最大初动能为：EkEW012.75eV6.34eV6.41eV，故D正确5(2019山西太原市5月模拟)如
6、图4所示，带电物块放置在固定水平绝缘板上当空间存在有水平向右的匀强电场时，物块恰能向右做匀速直线运动若在同一电场中将绝缘板的右端抬高，当板与水平面的夹角为37时，物块恰能沿绝缘板匀速下滑，则物块与绝缘板间的动摩擦因数为(取sin370.6，cos370.8)()图4A.B.C.D.答案B解析当电场水平向右时滑块恰能向右做匀速直线运动，由平衡知识有：qEFf1，Ff1FN1，FN1mg，联立解得qEmg；而物块沿斜面匀速下滑时，有：mgsinqEcosFf2，Ff2FN2，FN2mgcosqEsin，联立得0.6mg0.8qE(0.8mg0.6qE)，解得动摩擦因数或3(舍去)，故A、C、D错误
7、，B正确6(2019陕西宝鸡市高考模拟检测(二)超强台风山竹的风力达到17级超强台风强度，风速60m/s左右，对固定建筑物破坏程度巨大请你根据所学物理知识推算固定建筑物所受风力(空气的压力)与风速(空气流动速度)大小关系假设某一建筑物垂直风速方向的受力面积为S，风速大小为v，空气吹到建筑物上后速度瞬间减为零，空气密度为，风力F与风速大小v的关系式为()AFSvBFSv2CFSv3DFSv3答案B解析设t时间内吹到建筑物上的空气质量为m，则mSvt，根据动量定理得Ft0mv0Sv2t，解得FSv2，故B正确，A、C、D错误7(2019四川成都市第二次诊断)L2是竖直固定的长直导线，L1、L3是水
8、平固定且关于L2对称的长直导线，三根导线均通以大小相同、方向如图5所示的恒定电流，则导线L2所受的磁场力情况是()图5A大小为零B大小不为零，方向水平向左C大小不为零，方向水平向右D大小不为零，方向竖直向下答案A解析由右手螺旋定则可知，L1与L3在L2所在直线上产生的合磁场方向竖直向下，即L2处的磁场方向与电流方向平行，所以L2所受磁场力为零8.(2019湖北武汉市五月模拟)如图6所示，某次足球训练，守门员将静止的足球从M点踢出，球斜抛后落在60m外地面上的P点发球的同时，前锋从距P点11.5m的N点向P点做匀加速直线运动，其初速度为2m/s，加速度为4 m/s2，当其速度达到8m/s后保持匀
9、速运动若前锋恰好在P点追上足球，球员和球均可视为质点，忽略球在空中运动时的阻力，重力加速度g取10 m/s2.下列说法正确的是()图6A前锋加速的距离为7mB足球在空中运动的时间为2.3sC足球运动过程中的最小速度为30m/sD足球上升的最大高度为10m答案C解析前锋做匀加速直线运动，初速度为2m/s，加速度为4 m/s2，末速度为8m/s，根据速度与位移的关系式可知，v2v2ax1，代入数据解得：x17.5m，A错误；前锋和足球运动时间相等，前锋加速运动时间t加1.5s，匀速运动时间t匀0.5s，故足球在空中运动的时间为2s，B错误；足球水平方向上做匀速直线运动，位移为60m，时间为2s，故
10、运动过程中的最小速度为30m/s，C正确；足球竖直方向上做竖直上抛运动，根据运动的对称性可知，上升时间为1s，最大高度hmgt25m，D错误二、多项选择题9(2019西南名校联盟高考诊断)下列说法正确的是()A自然界符合能量守恒定律的宏观过程一定都能自发地发生B晶体一定有固定的熔点C在热传导过程中，热量可以自发地由高温物体传递到低温物体D液晶显示屏是应用液晶的光学各向异性制成的答案BCD解析根据热力学第二定律可知，自然界符合能量守恒定律的宏观过程不一定都能自发地发生，选项A错误；晶体一定有固定的熔点，选项B正确；在热传导过程中，热量可以自发地由高温物体传递到低温物体，选项C正确；液晶显示屏是应
11、用液晶的光学各向异性制成的，选项D正确10(2019河北唐山市上学期期末)如图7所示，长木板A与物体B叠放在水平地面上，物体与木板左端立柱间放置轻质弹簧，在水平外力F作用下，木板和物体都静止不动，弹簧处于压缩状态将外力F缓慢减小到零，物体始终不动，在此过程中()图7A弹簧弹力不变B物体B所受摩擦力逐渐减小C物体B所受摩擦力始终向左D木板A所受地面的摩擦力逐渐减小答案AD解析将外力F缓慢减小到零，物体始终不动，则弹簧的长度不变，弹力不变，选项A正确；对物体B，因开始时所受摩擦力的方向不确定，则由F弹FFf，则随F的减小，物体B所受摩擦力的大小和方向都不能确定，选项B、C错误；对A、B与弹簧组成的
12、整体，在水平方向，力F与地面对A的摩擦力平衡，则随F的减小，木板A所受地面的摩擦力逐渐减小，选项D正确11(2019湖南永州市第二次模拟)如图8(a)所示，半径为r的带缺口刚性金属圆环固定在水平面内，缺口两端引出两根导线，与电阻R构成闭合回路若圆环内加一垂直于纸面的变化的磁场，变化规律如图(b)所示规定磁场方向垂直纸面向里为正，不计金属圆环的电阻以下说法正确的是()图8A01s内，流过电阻R的电流方向为bRaB23s内，穿过金属圆环的磁通量在减小Ct2s时，流过电阻R的电流方向发生改变Dt2s时，Uabr2B0(V)答案AD解析规定磁场方向垂直纸面向里为正，根据楞次定律，在01s内，穿过线圈向
13、里的磁通量增大，则线圈中产生逆时针方向的感应电流，那么流过电阻R的电流方向为bRa，故A正确；由题图(b)可知，在23s内，穿过金属圆环的磁通量在增大，故B错误；12s内，磁通量向里减小，由楞次定律可知，产生的电流方向为aRb,23s磁通量增大，且磁场反向，由楞次定律可知，产生的电流方向为aRb，故C错误；当t2s时，根据法拉第电磁感应定律Er2B0(V)，因不计金属圆环的电阻，因此UabEr2B0 (V)，故D正确12(2019贵州毕节市适应性监测(三)如图9甲所示，两个弹性球A和B放在光滑的水平面上处于静止状态，质量分别为m1和m2，其中m11kg。现给A球一个水平向右的瞬时动量，使A、B
14、球发生弹性碰撞，以此时刻为计时起点，两球的速度随时间变化的规律如图乙所示，从图示信息可知()图9AB球的质量m22kgB球A和B在相互挤压过程中产生的最大弹性势能为4.5JCt3时刻两球的动能之和小于0时刻A球的动能D在t2时刻两球动能之比为Ek1Ek218答案AD解析A和B球在碰撞过程中动量守恒，故m1v(m1m2)v共，代入数据得m22kg，A正确；球A和球B在共速的时候产生的弹性势能最大，因此Epm1v2(m1m2)v3J，B错误；因为是弹性碰撞，t3时刻两个小球分离后没有能量损失，因此0时刻球A的动能和t3时刻两个球的动能之和相等，C错误；从碰撞到t2时刻小球满足动量守恒和机械能守恒，因此有m1vm1v1m2v2和m1v2m1vm2v，联立解得v22m/s，v11 m/s，故t2时刻两球的动能之比EkAEkB18，D正确6
