《安徽省皖南八校2020届高三物理上学期10月第一次联考试题（含解析）》由会员分享，可在线阅读，更多相关《安徽省皖南八校2020届高三物理上学期10月第一次联考试题（含解析）（16页珍藏版）》请在金锄头文库上搜索。
1、安徽省皖南八校2020届高三物理上学期10月第一次联考试题（含解析）一、单选题（本大题共8小题，共32分）1.如图所示，斜面体放在水平面上，物块放在斜面上，现用水平推力F推物块，在F逐渐增大的过程中，物块和斜面体始终保持静止，则在F增大的过程中，下列说法正确的是（）A. 物块受到的合力增大B. 物块受到斜面的摩擦力增大C. 地面对斜面体支持力增大D. 地面对斜面体的摩擦力增大【答案】D【解析】【详解】A.物体始终处于静止，合力始终为零；故A错误.B.物块受到的摩擦力如果开始时沿斜面向上，则物块受到斜面的摩擦力会先减小后增大；故B错误.CD.对整体研究可知，地面对斜面体的支持力始终不变，摩擦力不
2、断增大，故C错误，D正确.2.如图所示，质量不等的甲、乙两个物块放在水平圆盘上，两物块与水平圆盘的动摩擦因数相同，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，让圆盘绕过圆心的竖直轴匀速转动，并逐渐增大转动的角速度，结果发现甲物块先滑动，其原因是（）A. 甲的质量比乙的质量小B. 甲的质量比乙的质量大C. 甲离转轴的距离比乙离转轴的距离小D. 甲离转轴的距离比乙离转轴的距离大【答案】D【解析】【分析】根据牛顿第二定律，结合最大静摩擦力，求出发生滑动的临界角速度，通过临界角速度判断原因.【详解】AB.根据牛顿第二定律得：mg=mr2解得发生滑动的临界角速度为：，与质量无关.故A项、B项均错误.CD.动摩擦因数相同
3、，甲物块先滑动，一定是甲离转轴的距离比乙离转轴的距离大，故C错误，D正确.【点睛】解决本题的关键知道物块做圆周运动向心力的来源，抓住临界状态，结合牛顿第二定律进行求解.3.如图所示，三角块B放在斜面体A上，轻弹簧一端连接三角块B，另一端连接在天花板上，轻弹簧轴线竖直，斜面的倾角为30，若A的质量为1kg，B的质量为0.5kg，地面对A的支持力大小为20N，重力加速度为10m/s2，则A对B的摩擦力大小为（）A. 0B. C. 5ND. 【答案】C【解析】【详解】对整体研究，根据平衡条件得：GA+GB+F弹=N地，解得轻弹簧向下压力大小为：F弹=20N-15N=5N，对三角块B研究，沿斜面方向由
4、平衡条件得：f=（F弹+mBg）sin解得：f=5N.A. 0与计算结果不相符；故A项错误.B. 2.5N与计算结果不相符；故B项错误.C. 5N与计算结果相符；故C项正确.D.与计算结果不相符；故D项错误.4.一个质点做直线运动，其0-t0时间内的v-t图象如图所示，则在0-t0时间内下列说法正确的是（）A. 质点一直做减速运动B. 质点的加速度与速度一直反向C. 质点的平均速度为D. 质点的加速度大小为【答案】D【解析】【详解】A.由图象可知，质点先做匀减速运动后做匀加速运动，故A错误；B.质点先做匀减速运动后做匀加速运动，则加速度先与速度反向，后与速度同向，故B错误；C.质点的加速度不变
5、，做匀变速直线运动，平均速度的大小为，故C错误；D.质点的加速度大小a=，故D正确.5.如图所示，质量为m的小球用两根细线连接，细线OA的另一端连接在车厢顶，细线OB另一端连接于侧壁，细线OA与竖直方向的夹角为=37，OB保持水平，重力加速度大小为g，车向左做加速运动，当OB段细线拉力为OA段拉力的两倍时，小车的加速度大小为（）A. gB. C. D. 【答案】D【解析】【详解】小球受力如图所示：在竖直方向，由平衡条件得：Fcos37=mg在水平方向，由牛顿第二定律得：2F-Fsin37=ma，解得：.A. g与计算结果不相符；故A项错误.B.与计算结果不相符；故B项错误.C与计算结果不相符；
6、故C项错误.D.与计算结果相符；故D项正确.6.如图所示，在P点斜向上抛出一个小球，要使小球始终垂直打在竖直墙面上，则抛出的初速度大小v和初速度与水平方向的夹角的关系，不计空气阻力.正确的是（）A. v与成反比B. v与成正比C. 与成反比D. 与成正比【答案】C【解析】【详解】ABCD.可将小球看成反向平抛运动，依据运动的合成与分解，及运动学规律，设P点到墙的水平距离为x，则有：x=vcost，vsin=gt，则有：，可得与成反比；故A、B、D均错误，C项正确.7.2019年5月17日，我国在西昌卫星发射中心用长征三号丙运载火箭，成功发射了第四十五颗北斗导航卫星。该卫星属地球静止轨道卫星。北
7、斗卫星导航系统空间段计划有5颗地球静止轨道卫星，若地球的自转周期为T，这些卫星在轨运行的线速度大小为v，关于这些地球静止轨道卫星，下列说法正确的是（）A. 在赤道上空自东向西运动B. 运动的加速度大小均为C. 离地的高度均为D. 它们的角速度,向心加速度和向心力的大小都相等【答案】B【解析】【详解】A.同步卫星与地球的自转同步，则在赤道上空自西向东运动，故A错误；B.运动的加速度大小为，故B正确；C.轨道半径为，因此离地的高度为，要小于，故C错误；D.所有同步卫星的角速度、向心加速度大小都相等，但是质量不一定相等，所以向心力大小不一定相等，故D错误.8.甲、乙两个小球在空中由静止释放，做自由落
8、体运动，两球同时落地，落地时，甲速度比乙的速度大5m/s，重力加速度g=10m/s2，不计空气阻力，则下列说法错误的是（）A. 甲比乙提前释放B. 释放乙球时,甲球的速度为5m/sC. 甲下落的高度比乙下落的高度多1.25mD. 两球运动过程中的速度差恒定为5m/s【答案】C【解析】【详解】A.设甲运动的时间为t1、乙运动的时间为t2，则gt1-gt2=5m/s，t1-t2=0.5s，故A正确.B.释放乙球时，甲球已运动0.5s，此时甲球的速度为v=gt=5m/s，故B正确.C.由于两球同时落时，因此释放乙球时，甲球一定在乙球上方，即甲、乙下落的高度差一定大于1.25m，故C错误.D.两球运动
9、后加速度相同，速度增加快慢相同，因此速度差恒定为5m/s，故D正确.二、多选题（本大题共4小题，共16分）9.如图所示，水平传送带以大小为v的速度沿逆时针匀速转动，一个物块也以大小为v的速度从传送带的左端滑上传送带，并刚好能滑到传送带右端，此时物块在传送带上运动的时间为t，若将物块滑上传送带的速度减小为，则下列判断正确的是（）A. 物块能滑到传送带中间的位置B. 物块在传送带上一直做匀变速运动C. 物块在传送带上运动的时间也为tD. 物块在传送带上运动过程中,传送带对物块做功为正【答案】BC【解析】【详解】A.物块做匀减速运动，由速度位移的关系式得：传送带的长，运动时间：，当物块滑上传送带的速
10、度减小为时，向右运动的最大距离：，故A错误.B.由于传送带的速度大于物块的初速度，因此物块在传送带上一直做匀变速运动，故B正确.C.物块在传送带上运动时间：，故C正确.D.物块返回离开传送带是的速度为v，根据动能定理可知，传送带对物块做功为零，故D错误.10.如图所示，质量相等的物块A、B放在光滑的斜面上，中间用轻弹簧连接，物块B与斜面底端的挡板接触，A、B处于静止状态，现用恒力F拉物块A，当物块B刚要离开挡板时，物块A达到最大速度，在此过程中，下列说法正确的是（）A. 物块A的加速度先增大后减小B. 弹簧的弹性势能一直增大C. 物块A的机械能一直增大D. 全程拉力做的功等于物块A机械能的增量
11、【答案】CD【解析】【详解】A.对物块A，由牛顿第二定律可知：F+F弹-mgsin=ma，F弹先向上减小，后向下增大，因此加速度a一直减小，故A错误；B.弹簧的形变量先减小后增大，因此弹性势能先减小后增大，故B错误；C.物块A的动能增大，重力势能增大，因此机械能增大，故C正确；D.由于质量相等，因此开始时弹簧的压缩量和物块B刚要离开挡板时弹簧的拉伸量相等，因此弹簧的弹性势能变化量为零，根据功能关系可知，拉力做的功等于物块A的机械能增量，故D正确.11.如图甲所示，一个质量为1kg的物块正在光滑的水平面上匀速运动，现给物块施加一个如图乙所示的水平力F，0-1s拉力的方向与物块运动方向相同，t=2
12、s时拉力的瞬时功率大小为30W，则（）A. 时,物块的速度大小为B. 物块匀速运动时速度大小为C. 内拉力做的功为D. 内拉力的平均功率为0【答案】ACD【解析】【详解】A.由题意可知，t=2s时，物块的速度大小为：，故A正确；B.0-1s内，物块运动的加速度大小为：，1s-3s内物块运动的加速度大小为：a2=5m/s2，从开始到2s时的过程由速度关系得：v0+a1t1-a2t1=6m/s，解得：v0=1m/s，故B错误；C.根据动能定理，0-2s内拉力做的功为：，故C正确；D.t=3s时物块的速度大小为：v=6m/s-51m/s=1m/s，根据动能定理可知0-3s内拉力做功：，因此拉力做功的
13、平均功率为0，故D正确.12.如图所示，半径为R的光滑圆环固定在竖直面内，质量均为m的两球用轻杆连接套在圆环上，开始时轻杆竖直并同时由静止释放两球，当A球运动到B开始的位置时，轻杆刚好水平，重力加速度为g，则从开始运动到轻杆水平的过程中，下列说法正确的是（）A. 小球A、B的机械能均保持守恒B. 小球A、B组成的系统机械能守恒C. 杆对小球A做的功为0D. 杆对小球B做的功为【答案】BD【解析】【详解】B.由于环是光滑的，因此对于A、B组成的系统，只有重力做功，系统的机械能守恒，故B正确；AC.当杆水平时，设A、B两球的速度均为v，由题意可知，则，因此从开始到杆水平时，B球的机械能增加，则A球
14、的机械能减少；根据动能定理，对A球研究有，求得，故A、C错误；D.对B球研究，根据动能定理有：，故D正确。三、实验题（本大题共2小题，共15分）13.某实验小组用如图1所示装置做“研究匀变速直线运动”实验。打点计时器所接交流电的频率为50Hz。（1）实验必须做到的是_。A钩码的质量远小于小车的质量B垫高长木板没有定滑轮的一端，平衡摩擦力C小车释放前靠近打点计时器D连接小车细线平行于长木板（2）调节好实验装置，进行正确操作，打出的纸带如图2所示，在纸带上取计数点O、A、E、C、D，相邻两个计数点间还有四个计时点未画岀，由图中的数据可知，打点计时器打下C点时小车运动的速度大小是_m/s，小车运动的加速度大小是_m/s2（计算结果均保留两位有效数字）（3）如果交流电的频率实际只有49Hz，则测得的小车的加速度比实际值_（填“大”或“小”）.【答案】 (1). CD (2). 0.96 (3). 2.4 (4). 大【解析】【详解】(1)1AB.研究匀变速直线运动时，不需要平衡摩擦力，不需要满足钩码的质量远小于小车的质量，A、B项错误；C.为了能多打出一些点便于数据处理，小车释放前应靠近打点计时器，C项正确；D.为了使小车能做匀变速运动，连接小车的细线应平行于长木板，D项正确.(2)2根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，有：；3小车运动的加速度.(
