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1、第3章习题一、单选题1.1个触发器可记录一位二进制代码，它有(c)个稳态。A) 0B)1C)2D)32. 对于JK触发器，若J=K,则可完成(C )触发器的逻辑功能。A) DB)RSC) TD) T3. 对于JK触发器，若K=J则可完成(A )触发器的逻辑功能。A) DB) RSC) TD) T4. 基本RS锁存器输入端禁止的情况为(A )A) R=1 S=1B) R =1 S =1C) R=0 S=0D) RS=05. 触发器的异步置位端Set、Clr不能同时取值为(A )A) Set=1，Clr=1B) Set=0，Clr=0C) Set=1，Clr=0D) Set=0，Clr=16. J
2、K触发器在J、K端同时输入高电平，处于(D )功能。A) 置 0B) 置 1C)保持D)翻转7. 时序逻辑电路的特点是(C )A)仅由门电路组成B)无反馈通路C)有记忆功能D)无记忆功能8. 4个触发器构成的8421BCD码计数器共有(A )个无效状态。A) 6B) 8C) 10D) 49. 4位二进制计数器计数容量为(C )A) 4B) 8C) 16D) 1010. 要构成五进制计数器，至少需要(B )个触发器。A) 2B) 3C) 4D) 511. N进制计数器的特点是设初态后，每来(C )个Clk，计数器又重回 初态。A) N-1B) N+1C) ND) 2N12. 将两片4位二进制同步
3、加法计数器芯片级联，最大可构成(C )进制 计数器。A) 16B) 255C) 256D) 10013. 由4个触发器组成的二进制加法计数器，当初始状态为1010时，经过 (C )个Clk脉冲，计数器的状态会变为0101。A) 4B) 10C) 11D) 1614. 触发器符号中Clk输入端的小圆圈表示(D )。A)高电平有效B)低电平有效C) 上升沿触发D)下降沿触发二、判断题_1. 触发器有互补的输出，通常规定Q=1、Q=0称触发器为0态。(* )2. D触发器的特性方程为Qn+1=D，与Qn无关，所以它没有记忆功能。(* )3. 对于边沿JK触发器，在Clk为高电平期间，当J=K=1时，
4、状态会翻转 一次。（x ）4. 经过有限个Clk，可由任意一个无效状态进入有效状态的计数器是能自 启动计数器。（/）5. 计数器在电路组成上的特点是有Clk输入，无其他输入信号。（/）6. 设计一个同步的计数容量为5的计数器，需要5个触发器。（x）7. 采用异步清零方式的计数器，当清零信号到来时会立刻产生清零效果。 （/）8. 采用同步清零方式的计数器，当清零信号到来时会立刻产生清零效果。（x）9. 时序电路中如存在无效状态，应检查是否能自启动。（/）三、填空题1. RS触发器的功能有（保持、置0、置1 ），特征方程为Qn+1 = S + RQn、RS = 0（约束条件）2. JK触发器的功能
5、有（保持、置0、置1、翻转），特性方程为（Qn+1 = JQn + KQn ） o3. D触发器的功能有（置0、置1 ），特性方程为（Qn+1 = D ）o4 . T型触发器的功能有（保持、翻转），特性方程为（Qn+1 = TQn + TQn = T Qn ） o5. 边沿D触发器的D端与Q端相连，此时触发器的功能为（翻转）o6. 在时序电路中，凡是被利用了的状态，都叫做（有效状态）o7. 在时序电路中，虽然存在无效状态，但它们没有形成循环，这样的时序 电路叫做（能自启动）时序电路。8. 计数器和触发器都属于（时序）电路。9. 如要设计一个由JK触发器构成的十进制同步加法计数器，需（4）个JK
6、触发器。10. 八进制计数器设置初态100后，经过（6 ）个CP脉冲，计数器状 态为010o四、综合题1.画出如图所示的锁存器的波形图（设初态为0态）:2. 画出如图所示的触发器的波形图（设初态为0态）:3. 画出下降沿触发的边沿JK触发器的波形图(设初态为0态):4. 分别画出由JK触发器转换成D触发器和T触发器的逻辑电路。5. 利用图(b)所示触发器设计一个能实现图(a)所示状态图的同步时序电路。 画出电路逻辑图，并画出初始状态为000的波形图(至少画10个Clk脉冲)。00011100-001一 110 /O/O0111111(a)状态表:Qn2Qn00Qn+12Qn+1Qn+11 0C
7、 = QnQn2 1Qn+1 = Qn21Qn+1 = Qn10Qn+1 = Q0D = Qn21D = Qn10CznDQFFlQcp 存在无效状态，将QnQnQn=010,代入次态方程，得Qn+1Qn+1Qn+1 =101 , C=0；2 1 0 2 1 0将 QnQnQn=101，代入次态方程，得 Qn+1Qn+1Qn+1 =010, C=1。2 1 0 2 1 0该电路是不能自启动电路。修改方案:Qn+1 = QnQn + QnQn2 1 0 2 1Qn+1 二 Qn1_0Qn+1 二 Qn0 2D = QnQn + QnQn2 1 0 2 1D = Qn1_0_D = Qn0 2存在
8、无效状态，将QnQnQn =010,代入次态方程，得Qn+lQn+lQn+l=001 , C=0；2 1 0 2 1 0将QnQnQn =101 ,代入次态方程，得Qn+lQn+lQn+l=010, C=1。可以自启动。 2 1 0 2 1 0（电路图略）6. 由 2个JK触发器构成的时序电路如图所示，请分析该电路，画出状态 图，画出初始状态为00的波形图。1ClkZZ = Qn Qn2 1J0=QnJ1=Q0k =1k =10 1代入 Qn+1 = JQn + KQn 中，得Qn+1 = QnQn + 0 - Qn = QnQn0 1 0 0 1 0Qn+1 =1状态表：Q;Qn0Qn+11Qn+10Z00100010011001011000状态图:11厶00厶10厶01/1Q1Q/C存在无效状态，能自启动。时序图:
