《山西省大同市云冈区2022年高一上数学期末质量检测模拟试题含解析》由会员分享，可在线阅读，更多相关《山西省大同市云冈区2022年高一上数学期末质量检测模拟试题含解析（13页珍藏版）》请在金锄头文库上搜索。
1、2022-2023学年高一上数学期末模拟试卷注意事项：1答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。2回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。3考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。一、选择题（本大题共12小题，共60分）1函数与的图象可能是（）A.B.C.D.2设，则a，b，c的大小关系是A.B.C.D.3 ()A.0B.1C.6D.4圆：与圆：的位置关系为（）A.相交B.相离C.外切D.内切5下列各角中，与126角终边相同的角是（）A.B.C.D.6
2、设，则a，b，c的大小关系是（ ）A.B.C.D.7定义在上的奇函数满足，若，则（ ）A.B.0C.1D.28函数f(x)=在，的图像大致为A.B.C.D.9设，则的大小关系是（ ）A B.C.D.10如图是一个体积为10的空间几何体的三视图，则图中的值为()A2B.3C.4D.511已知向量且，则x值为（）.A.6B.-6C.7D.-712已知是第三象限角，且，则（）A.B.C.D.二、填空题（本大题共4小题，共20分）13设且，函数，若，则的值为_14已知正数a，b满足，则的最小值为_15九章算术是我国古代数学成就的杰出代表.其中方田章给出计算弧田面积所用的经验公式为：弧田面积=（弦矢+）
3、.弧田（如图），由圆弧和其所对弦所围成，公式中“弦”指圆弧所对弦长，“矢”等于半径长与圆心到弦的距离之差.现有圆心角为，弦长等于9m的弧田.按照上述经验公式计算所得弧田的面积是_.16若“”为假命题，则实数m最小值为_.三、解答题（本大题共6小题，共70分）17已知的数（1）有解时，求实数的取值范围；（2）当时，总有，求定的取值范围18已知函数有如下性质：如果常数，那么该函数在上是减函数，在上是增函数.（1）已知，利用上述性质，求函数的单调区间和值域；（2）对于（1）中的函数和函数，若对任意，总存在，使得成立，求实数a的值.19直线l1过点A(0，1)，l2过点B(5，0)，如果l1l2且l1
4、与l2的距离为5，求l1，l2的方程.20已知函数.（I）求函数的最小正周期及在区间上的最大值和最小值；（II）若,求的值.21已知的三个顶点.求：（1）边上高所在的直线方程；（2）边中线所在的直线方程.22已知函数的定义域为（1）求的定义域；（2）对于（1）中的集合，若，使得成立，求实数的取值范围参考答案一、选择题（本大题共12小题，共60分）1、D【解析】注意到两函数图象与x轴的交点，由排除法可得.【详解】令，得或，则函数过原点，排除A；令，得，故函数，都过点，排除BC.故选：D2、A【解析】利用函数，单调性，借助于0和1，即可对a、b、c比较大小，得到答案【详解】由题意，可知函数是定义域
5、上的增函数，又是定义域上的增函数，又是定义域上的减函数，所以，故选A【点睛】本题主要考查了函数值的比较大小问题，其中解答中熟记指数函数、对数函数的单调性，借助指数函数、对数函数的单调性进行判定是解答的关键，着重考查了推理与运算能力，属于基础题.3、B【解析】首先根据对数的运算法则，对式子进行相应的变形、整理，求得结果即可.【详解】，故选B.【点睛】该题考查的是有关对数的运算求值问题，涉及到的知识点有对数的运算法则，熟练掌握对数的运算法则是解题的关键.4、A【解析】根据圆心距以及圆的半径确定正确选项.【详解】圆：的圆心为，半径为.圆：的圆心为，半径为.，所以两圆相交.故选：A5、B【解析】写出与
6、126的角终边相同的角的集合，取k=1得答案【详解】解：与126的角终边相同的角的集合为|=126+k360，kZ取k=1，可得=486与126的角终边相同的角是486故选B【点睛】本题考查终边相同角的计算，是基础题6、C【解析】根据幂函数和指数函数的单调性比较判断【详解】，.故选：C7、C【解析】首先判断出是周期为的周期函数，由此求得所求表达式的值.【详解】由已知为奇函数，得，而，所以，所以，即的周期为.由于，所以，.所以，又，所以.故选：C【点睛】本小题主要考查函数的奇偶性和周期性，属于基础题.8、D【解析】先判断函数的奇偶性，得是奇函数，排除A，再注意到选项的区别，利用特殊值得正确答案【
7、详解】由，得是奇函数，其图象关于原点对称又故选D【点睛】本题考查函数的性质与图象，渗透了逻辑推理、直观想象和数学运算素养采取性质法或赋值法，利用数形结合思想解题9、C【解析】详解】，即，选.10、A【解析】由已知可得：该几何体是一个四棱锥和四棱柱的组合体，其中棱柱的体积为：321=6，棱锥的体积为：32x=2x则组合体的体积V=6+2x=10，解得：x=2，故选A点睛：思考三视图还原空间几何体首先应深刻理解三视图之间的关系，遵循“长对正，高平齐，宽相等”的基本原则，其内涵为正视图的高是几何体的高，长是几何体的长；俯视图的长是几何体的长，宽是几何体的宽；侧视图的高是几何体的高，宽是几何体的宽.1
8、1、B【解析】利用向量垂直的坐标表示可以求解.【详解】因为，所以，即；故选：B.【点睛】本题主要考查平面向量垂直的坐标表示，熟记公式是求解的关键，侧重考查数学运算的核心素养.12、A【解析】由是第三象限角可判断，利用平方关系即可求解.【详解】解：因为是第三象限角，且，所以，故选：A.二、填空题（本大题共4小题，共20分）13、【解析】根据函数的解析式以及已知条件可得出关于实数的等式，由此可解得实数的值.【详解】因为，且，则.故答案为：.14、#【解析】右边化简可得，利用基本不等式，计算化简即可求得结果.【详解】，故,则，当且仅当时，等号成立故答案为：15、.【解析】如下图所示，在中，求出半径，
9、即可求出结论.【详解】设弧田的圆心为，弦为，为中点，连交弧为，则，所以矢长为，在中，所以，所以弧田的面积为.故答案为：.【点睛】本题以数学文化为背景，考查直角三角形的边角关系，认真审题是解题的关键，属于基础题.16、【解析】写出该命题的否定命题，根据否定命题求出的取值范围即可【详解】解：命题“，有”是假命题，它否定命题是“，有”，是真命题，即，恒成立，所以，因为，在上单调递减，上单调递增，又，所以所以，的最小值为，故答案为：三、解答题（本大题共6小题，共70分）17、（1）；（2）【解析】（1）通过分离参数法得，再通过配方法求最值即可（2）由已知得恒成立，化简后只需满足且，求解即可.【详解】（
10、1）由已知得，所以（2）由已知得恒成立，则所以实数的取值范围为18、（1）减区间为，增区间为；（2）.【解析】（1）设，则，根据函数的性质，可得单调性，根据单调性可得值域；（2）根据单调性求出函数在上的值域，再根据的值域是的值域的子集列式可解得结果.【详解】（1），设，则，由已知性质得，当，即时，单调递减，所以减区间为；当，即时，单调递增，所以增区间为；由，得的值域为；（2）因为为减函数，故函数在上的值域为.由题意，得的值域是的值域的子集，所以，所以.【点睛】本题考查了对勾函数的单调性，考查了利用函数的单调性求值域，考查了转化化归思想，属于中档题.19、l1：，l2：或者l1：，l2：；【解析
11、】由题意，分成两种情况讨论，l1与l2平行且斜率存在时，通过距离等于5列出方程求解即可；l1与l2平时且斜率不存在时，验证两直线间的距离等于5也成立，最后得出答案.【详解】因为l1l2，当l1，l2斜率存在时，设为,则l1，l2方程分别为：，化成一般式为：，又l1与l2的距离为5，所以，解得：，故l1方程：l2方程：；当l1，l2斜率不存在时，l1：，l2：，也满足题意；综上：l1：，l2：或者l1：，l2：；【点睛】(1)当直线的方程中存在字母参数时，不仅要考虑到斜率存在的一般情况，也要考虑到斜率不存在的特殊情况同时还要注意x，y的系数不能同时为零这一隐含条件(2)在判断两直线的平行、垂直时
12、，也可直接利用直线方程的系数间的关系得出结论20、（1）周期为，最大值为2，最小值为-1 （2）【解析】（1）将函数利用倍角公式和辅助角公式化简为,再利用周期可得最小正周期,由找出对应范围,利用正弦函数图像可得值域;（2） 先利用求出,再由角的关系展开后代入可得值.试题解析:（1）所以又 所以由函数图像知.（2）解：由题意而 所以所以所以 =.考点：三角函数性质;同角间基本关系式;两角和的余弦公式21、（1）；（2）.【解析】（1）利用相互垂直的直线斜率之间的关系可得高所在的直线的斜率，进而得出点斜式（2）利用中点坐标公式可得边的中点，利用两点式即可得出【详解】解：（1）又因为垂直，直线的方程为，即；（2）边中点E，中线的方程为，即.【点睛】本题考查了相互垂直的直线斜率之间的关系、中点坐标公式、两点式、一般式，考查了推理能力与计算能力，属于基础题22、（1）（2）【解析】（1）的定义域可以求出，即的定义域；（2）令，若，使得成立，即可转化为成立，求出即可.【小问1详解】的定义域为，则【小问2详解】令，使得成立，即大于在上的最小值，在上的最小值为，实数的取值范围是
