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1、高三试卷1广东新高考高三开学摸底考试卷广东新高考高三开学摸底考试卷物物 理理 答案及评分标准答案及评分标准 一、单项选择题：本大题共 7 小题，每小题 4 分，共 28 分。在每个小题给出的四个选项中，只有一项是符合要求的。一、单项选择题：本大题共 7 小题，每小题 4 分，共 28 分。在每个小题给出的四个选项中，只有一项是符合要求的。1【答案】C【详解】A衰变过程满足质量数和电荷数守恒，该衰变过程的方程可写为238234492902UXHe故 A 错误；B由于衰变过程释放能量，存在质量亏损，可知23892U的结合能和新核 X 的结合能之差小于粒子的结合能，故 B 错误；C衰变反应中的射线为
2、高频电磁波，具有极强的穿透性，故 C 正确；D 质量为m的23892U原子核经过两个半衰期后，有34m的23892U原子核发生了衰变，还剩下14m的23892U原子核，产生的新核质量不是14m，故 D 错误。故选 C。2【答案】A【详解】根据题意，对小球受力分析，保持拉力F大小不变，方向缓慢转至水平过程中，由矢量三角形可得，如图所示 高三试卷2由图可知，弹簧弹力逐渐增大，先增大后减小。故选 A。3【答案】B【详解】Q 做自由落体运动，有2132Qxhgt解得6htg从抛出到相遇，以向下为正方向，可得2012Pxtgt v据几何关系可得2QPxxh解得063ghv P 上升的最大高度为20m23
3、hhgv故选 B。4【答案】A【详解】A波速10m/svT沿 x 轴正方向传播的波经过 0.1s 到达 B 点且起振方向沿 y 轴正方向，波的周期为 0.4s，再经过 0.45s 即经过98T，此波引起质点 B 的位移为正向位移，且振动方向沿 y 轴正方向；沿x 轴负方向传播的波经过 0.5s 到达 B 点且起振方向沿 y 轴正方向，波的周期为 0.4s，再经过0.05s，即再经过18T，此波引起质点 B 的位移为正向位移，且振动方向沿 y 轴正方向，所以两列波引起质点 B 的合运动速度方向沿 y 轴正方向，加速度方向为沿 y 轴负方向，选项 A高三试卷3正确；B两列波在同一介质中传播，所以传
4、播速度相等，选项 B 错误；CC 点距两波源距离相等，但两波源不是同时起振，差12T，当两列波都到达 C 点时两列波引起 C 点的振动相互抵消，所以 C 点是振动的减弱点，选项 C 错误；DD 点距两列波最前端距离相等，两列波传播速度相等，则两列波同时到达 D 点，且振动方向相同，所以 D 点为振动的加强点，选项 D 错误。故选 A。5【答案】D【详解】A带电粒子在磁场中运动的周期与所加交变电源的周期0T相同，所以满足02 mTqB可得02 mBqT选项 A 错误；B粒子从D形盒边缘射出时有2012mvnU q射出速度可表示为02nqUvm选项 B 错误；C粒子从 D 形盒射出时2maxmax
5、vqvBmR可得maxqBRvm仅增大加速电压0U，质子射出速度大小不变，选项 C 错误；D当加速氚核时，其在磁场中运动的周期为23mTqB高三试卷4其周期应该与0T相同，又知道02 mTqB可知3BB需要增大所加磁场的磁感应强度，选项 D 正确。故选 D。6【答案】B【详解】A由图乙可知理想变压器原线圈输入电压的有效值为 440V，根据1122UnUn可得副线圈的输出电压244VU 电压表 V 的示数为有效值，即为 44V，A 错误；B设灯泡 L 两端电压的有效值为U，灯泡 L 的阻值为 r，交变电流的周期为 T，根据交变电流有效值的定义有2222UTUTrr解得22 2VU B 正确；C当
6、滑动变阻器 R 的滑片 P 向下滑动时，滑动变阻器 R 接入电路的阻值减小，则由欧姆定律可知电流表2A的示数增大，因为理想变压器输入功率与输出功率相等，所以电流表1A的示数也增大，C 错误：D根据22rad/s100 rad/s0.02T可知原线圈接入的交变电压的瞬时值表达式为440 2sin 100Vet高三试卷5D 错误。故选 B。7【答案】A【详解】A.2v为椭圆轨道的远地点，速度比较小，1v表示匀速圆周运动的速度，故12vv故 A 正确；B.由于两卫星的质量未知，所以两卫星在 A 处的万有引力无法比较，故 B 错误；CD.椭圆的半长轴与圆轨道的半径相同，根据开普勒第三定律可知，两卫星的
7、运动周期相等，则不会相遇，故 CD 错误。故选 A。二、多项选择题：本题共二、多项选择题：本题共 3 小题，每小题小题，每小题 6 分，共分，共 18 分。在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求。全部选对的得分。在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求。全部选对的得 6 分，选对但不全的得分，选对但不全的得 3 分，有选错的得分，有选错的得 0 分。分。8【答案】AC【详解】A根据2ar可知，a 的半径大于 b 的半径，由于两点是同轴转动，角速度相同，故 a 的向心加速度大于b 点的向心加速度，A 正确；B由能量守恒可知，人对把手做功除了转化为重物的机械能外，还有轮轴的动能及摩擦生热
8、等，因此人对把手做的功大于重物机械能的增加量，B 错误；C由功能关系可知滑轮对重物做的功等于重物机械能的增加量，C 正确；D若把手顺时针转动则大轴上绕绳收紧，滑轮左侧的绳向上，小轴上绕绳放松，滑轮右侧的绳向下，故滑轮会顺时针转动，D 错误。故选 AC。9【答案】BC【详解】A由题图知，O 点附近的等势面比 P 点附近的等势面密集，则 O 点的电场强度大高三试卷6于 P 点的电场强度，故 A 错误；B根据电场线性质，沿电场线方向电势降低，则有POR故 B 正确；CD电子束从 P 点到 R 点过程中，电场力一直做正功，因此该电子束从 P 点到 R 点过程中电势能一直减小，动能一直增大，故 C 正确
9、，D 错误。故选 BC。10【答案】BD【详解】AB规定向右为正方向，由动量守恒定律和机械能守恒定律得AA0AB B11mmvvmv222A0AA1B B1111222m vm vm v解得B16m/sv故 A 错误，B 正确；CC 与 B 左侧的挡板相撞后的一小段时间内，C 的速度大于 B 的速度，C 对 B 的摩擦力水平向右，此时 C 对 B 摩擦力的冲量水平向右，故 C 错误；D由动量守恒定律和机械能守恒定律得BB1BC()m vmmv共22BB1BCC112()22m vmmvm gL共解得0.75故 D 正确。故选 BD。三、非选择题：本题共 5 小题，共 54 分。三、非选择题：本
10、题共 5 小题，共 54 分。11（6 分）【答案】12k k C A高三试卷7【详解】（1）1确定第三枚大头针 P3位置的作图方法：由于12m m表面镀银，只能反射，所以光路为：入射光线、经过12k k的折射光线、经过12m m的反射光线、再次经过12k k的折射后的出射光线，作出此光路，即可标出 P3的位置，则准备插第三枚大头针时，应在12k k侧观察；（2）2插第三枚大头针时，这枚大头针应同时挡住1P和2P的像，故选 C。（3）3根据折射定律可得122221sinsinA OAOA OinB OrB OBO故选 A。【评分说明：每空【评分说明：每空 2 分，共分，共 6 分】分】12（1
11、0 分）【答案】否 1.50 5.6 20 27.2 10【详解】（1）1电源的UI图像的斜率大小表示电源的内阻，由曲线 a 可知斜率不是定值，故电源的内阻不是定值。2由图丙可知所选量程为 03V，分度值为 0.1V，需要估读到 0.01V，故此时电压表的读数为 1.50V。3电源的UI图像的纵截距表示电源的电动势，则由曲线 a 可知，电源电动势为 2.90V。当路端电压为 1.50V 时，电流为 0.25A。根据闭合电路欧姆定律可得此时电源内阻为1112.90 1.505.60.25EUrI（2）4在实验一中当滑动变阻器的电阻为某值时路端电压为 2.5V，由曲线 a 可知，此时电流为 0.1
12、0A，此时滑动变阻器接入电路的电阻为20220URRI高三试卷85在实验二中滑动变阻器仍为该值时，可知外电路总电阻为 25，在图丁中作出外电路总电阻的伏安特性曲线如图所示 它与曲线 b 交于点（60mA，1.50V），该点即为此时外电路的工作点，此时R消耗的功率为23 22(60 10)20W7.2 10 WPI R【评分说明：每空【评分说明：每空 2 分，共分，共 10 分】分】13（10 分）【答案】（1）200 KBT，600 KCT；（2）2000 J【详解】（1）由题图知AB是等容过程，由查理定律得ABABppTT 解得200 KBT 在ABC过程中，根据理想气体状态方程有CCAAA
13、Cp Vp VTT 解得600 KCT （2）经过ABC变化后温度不变，所以理想气体的内能不变，即0U 从BC，气体体积增大，气体对外做功2000 JBCBWpVV 再由热力学第一定律UWQ 高三试卷9解得气体吸收热量为2000 JQ 【评分说明：【评分说明：每式每式 1 分，每式分，每式 2 分，式分，式 1 分】分】14（12 分）【答案】（1）6N；（2）4m/s；（3）3 3m5【详解】（1）滑块 1 由 A 到 B 的过程，根据211 012m gRmv 解得05m/sv 在圆轨道最低点 B，根据牛顿第二定律可得20N11vFm gmR 解得N6NF 根据牛顿第三定律可得滑块 1 经
14、过圆轨道最低点 B 时对轨道的压力6NFFN （2）滑块 1 和滑块 2 发生弹性正碰，取水平向右为正方向，根据动量守恒定律和机械能守恒定律，则有1 01 122mvmvm v 2221 01 122111222mvmvm v 解得24m/sv （3）滑块在传送带上的加速度大小为24m/smgam 滑块 2 以 4m/s 速度滑上传送带，如果滑块 2 在传送带上一直做匀减速直线运动，则有22322vvaL 解得高三试卷1032 3m/sv 由于32 3m/svv 所以滑块 2 在传送带上一直减速运动，以3v为初速度从 D 平抛飞出，滑块从传送带末端 D飞出后做平抛运动，则有212hgt 23x
15、v t 解得23 3m5x 【评分说明：【评分说明：每式每式 1 分】分】15（16 分）【答案】（1）5m/s2，电流方向由 d 到 c；（2）1.33T；（3）见解析【详解】（1）在 t=0 时刻根据牛顿第二定律有F=m1a 且由图可知，t=0 时 F=5N，代入得a=5m/s2 由右手定则，cd 棒的电流方向是由 d 到 c。（2）由题知 cd 棒做匀加速直线运动，经过时间 t，cd 棒速度为v=at 此时E=BLv=Blat 12EIRR 则 cd 棒的安培力为2212B L atFBILRR安 由牛顿第二定律得FF安=m1a 高三试卷11由以上各式整理得22112B L atFm a
16、RR 由图线可知t=2s，F=13N 代入得41.333BTT （3）当 mn 左侧的匀强磁场与倾斜轨道平行斜向上时，ef 棒受力如图所示当F1=m2gcos 时，ef 棒在倾斜轨道上的速度达到最大，之后 ef 棒飞离轨道，由于221112B L atFBILRR 联立解得t1=4s 当 mn 左侧的匀强磁场与倾斜轨道平行斜向下时，ef 棒受力如图所示当f2=m2gsin 时，ef 棒在倾斜轨道上的速度达到最大，之后 ef 棒减速并最终停在导轨上，且高三试卷12f2=FN2=(m2gcosF2)222212B L atFBILRR 联立解得t2=21s 【评分说明：【评分说明：两式各两式各 0.5 分，电流方向的判断分，电流方向的判断 1 分；分；每式每式 1 分】分】高三试卷13广东新高考高三开学摸底考试卷广东新高考高三开学摸底考试卷物物 理理 （考试时间：75 分钟 试卷满分：100 分）注意事项：1答卷前，考生务必将自己所在的市（县、区）、学校、班级、姓名、考场号、座位号和考生号等填写在答题卡上，将条形码横贴在每张答题卡右上角“条形码粘贴处”。2作答选择题时，选出每小题答案后，用
