《2024届内蒙古自治区赤峰市第二中学高二上数学期末教学质量检测模拟试题含解析》由会员分享，可在线阅读，更多相关《2024届内蒙古自治区赤峰市第二中学高二上数学期末教学质量检测模拟试题含解析（15页珍藏版）》请在金锄头文库上搜索。
1、2024届内蒙古自治区赤峰市第二中学高二上数学期末教学质量检测模拟试题注意事项：1答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号、考场号和座位号填写在试题卷和答题卡上。用2B铅笔将试卷类型（B）填涂在答题卡相应位置上。将条形码粘贴在答题卡右上角条形码粘贴处。2作答选择题时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目选项的答案信息点涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案。答案不能答在试题卷上。3非选择题必须用黑色字迹的钢笔或签字笔作答，答案必须写在答题卡各题目指定区域内相应位置上；如需改动，先划掉原来的答案，然后再写上新答案；不准使用铅笔和涂改液。不按以上要求作答无效。4考生必须保证答题卡的
2、整洁。考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回。一、选择题：本题共12小题，每小题5分，共60分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1下列说法正确的个数有（）（）命题“若，则”的否命题为：“若，则”；（）“，”的否定为“，使得”；（）命题“若，则有实根”为真命题；（）命题“若，则”的否命题为真命题；A.1个B.2个C.3个D.4个2有甲、乙两个抽奖箱，甲箱中有3张无奖票3张有奖票，乙箱中有4张无奖票2张有奖票，某人先从甲箱中抽出一张放进乙箱，再从乙箱中任意抽出一张，则最后抽到有奖票的概率是（）A.B.C.D.3已知，若，是第二象限角，则=（）A.B.5C.D.104在中，则此三
3、角形（ ）A.无解B.一解C.两解D.解的个数不确定5已知动圆过定点，并且与定圆外切，则动圆的圆心的轨迹是（ ）A.抛物线B.椭圆C.双曲线D.双曲线的一支6已知、是椭圆的两个焦点，P为椭圆C上一点，且，若的面积为9，则的值为（）A.1B.2C.3D.47如图，正四棱柱ABCDA1B1C1D1中，AA1=2AB，则异面直线A1B与AD1所成角的余弦值为A.B.C.D.8抛物线的顶点在原点，对称轴是x轴，点在抛物线上，则抛物线的方程为（ ）A.B.C.D.9已知双曲线的左、右焦点分别为，点A在双曲线上，且轴，若则双曲线的离心率等于（）A.B.C.2D.310已知点是点在坐标平面内的射影，则点的坐
4、标为（）A.B.C.D.11已知则是的A.充分不必要条件B.必要不充分条件C.充要条件D.既不充分也不必要条件12执行如图所示的程序框图，则输出的A.B.C.D.二、填空题：本题共4小题，每小题5分，共20分。13已知球的表面积是，则该球的体积为_.14已知抛物线：，斜率为且过点的直线与交于，两点，且，其中为坐标原点（1）求抛物线的方程；（2）设点，记直线，的斜率分别为，证明：为定值15数列满足，则_.16若函数在（0，+）内有且只有一个零点,则a的值为_三、解答题：共70分。解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤。17（12分）已知函数（1）求函数的单调递减区间；（2）在中，角，所对的边分别
5、为，且满足，求面积的最大值18（12分）已知的展开式中前三项的二项式系数之和为46，（1）求n；（2）求展开式中系数最大的项19（12分）设p：；q：关于x的方程无实根.（1）若q为真命题，求实数k的取值范围；（2）若是假命题，且是真命题，求实数k的取值范围.20（12分）如图，在四棱锥PABCD中，PD底面ABCD，ABCD，AB2，CD3，M为PC上一点，且PM2MC.（1）求证：BM平面PAD；（2）若AD2，PD3，BAD60，求三棱锥PADM的体积21（12分）为了了解高二段1000名学生一周课外活动情况，随机抽取了若干学生的一周课外活动时间，时间全部介于10分钟与110分钟之间，将
6、课外活动时间按如下方式分成五组：第一组，第二组，第五组按上述分组方法得到的频率分布直方图如图所示，已知图中从左到右前3个组的频率之比为3819，且第二组的频数为8（1）求第一组数据的频率并计算调查中随机抽取了多少名学生的一周课外活动时间；（2）求这组数据的平均数22（10分）已知函数.（1）当时，求曲线在点处的切线方程；（2）若，且，讨论函数的零点个数.参考答案一、选择题：本题共12小题，每小题5分，共60分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、B【解析】根据四种命题的结构特征可判断（）（）的正误，根据全称命题的否定形式可判断（）的正误，根据判别式的正误可判断（）的正误.【
7、详解】命题“若，则”的否命题”为“若，则”，故（）错误.“，”的否定为“，使得”，故（）正确，当时，故有实根，故（）正确，“若，则”的否命题为“若，则”，取，则，故命题若，则为假命题，故（）错误.故选：B2、B【解析】先分为在甲箱中抽出一张有奖票放入乙箱和在甲箱中抽出一张无奖票放入乙箱，进而结合条件概率求概率的方法求得答案.【详解】记表示在甲箱中抽出一张有奖票放进乙箱，表示在甲箱中抽出一张无奖票放进乙箱，A表示最后抽到有奖票.所以，于是.故选：B.3、D【解析】先由诱导公式及同角函数关系得到，再根据诱导公式化简，最后由二倍角公式化简求值即可.【详解】，是第二象限角，故选：D4、C【解析】利用正
8、弦定理求出的值，再根据所求值及a与b的大小关系即可判断作答.【详解】在中，由正弦定理得，而为锐角，且，则或，所以有两解故选：C5、D【解析】结合双曲线定义的有关知识确定正确选项.【详解】圆圆心为，半径为，依题意可知，结合双曲线的定义可知，的轨迹为双曲线的一支.故选：D6、C【解析】根据椭圆定义，和条件列式，再通过变形计算求解.【详解】由条件可知，即，解得：.故选：C【点睛】本题考查椭圆的定义，焦点三角形的性质，重点考查转化与变形，计算能力，属于基础题型.7、D【解析】设AA1=2AB=2，因为，所以异面直线A1B与AD1所成角，故选D.8、B【解析】首先根据题意设出抛物线的方程，利用点在曲线上
9、的条件为点的坐标满足曲线的方程，代入求得参数的值，最后得到答案.【详解】解：根据题意设出抛物线的方程，因为点在抛物线上，所以有，解得，所以抛物线的方程是：，故选：B.9、B【解析】由双曲线定义结合通径公式、化简得出，最后得出离心率.【详解】，解得故选：B10、D【解析】根据空间中射影的定义即可得到答案.【详解】因为点是点在坐标平面内的射影，所以的竖坐标为0 ，横、纵坐标与A点的横、纵坐标相同，所以点的坐标为.故选：D11、A【解析】先解不等式，再比较集合包含关系确定选项.【详解】因为，所以是的充分不必要条件，选A.【点睛】本题考查解含绝对值不等式、解一元二次不等式以及充要关系判定，考查基本分析
10、求解能力，属基础题.12、B【解析】根据输入的条件执行循环，并且每一次都要判断结论是或否，直至退出循环.【详解】，；，【点睛】本题考查程序框图，执行循环，属于基础题.二、填空题：本题共4小题，每小题5分，共20分。13、【解析】设球的半径为r，代入表面积公式，可解得，代入体积公式，即可得答案.【详解】设球的半径为r，则表面积，解得，所以体积，故答案为：【点睛】本题考查已知球的表面积求体积，关键是求出半径，再进行求解，考查基础知识掌握程度，属基础题.14、（1）（2）为定值6【解析】（1）由题意可知：将直线方程代入抛物线方程，由韦达定理可知：，求得p的值，即可求得抛物线E的方程；（2）由直线的斜
11、率公式可知：， ，代入，即可得到：.试题解析：（1）直线的方程为，联立方程组得，设，所以，又，所以，从而抛物线的方程为（2）因为，所以，因此 ，又，所以，即为定值点睛：定点、定值问题通常是通过设参数或取特殊值来确定“定点”是什么、“定值”是多少，或者将该问题涉及的几何式转化为代数式或三角问题，证明该式是恒定的.定点、定值问题同证明问题类似，在求定点、定值之前已知该值的结果，因此求解时应设参数，运用推理，到最后必定参数统消，定点、定值显现.15、【解析】根据题中所给的递推式得到数列具有周期性，进而得到结果.【详解】根据题中递推式知，可知数列具有周期性，周期为3，因为故故答案为：16、a3【解析】
12、对函数进行求导,分类讨论函数单调性,根据单调性结合已知可以求出a的值.【详解】函数在（0，+）内有且只有一个零点,f（x）2x（3xa），x（0，+），当a0时，f（x）2x（3xa）0,函数f（x）在（0，+）上单调递增,f（0）1，f（x）在（0，+）上没有零点,舍去；当a0时，f（x）2x（3xa）0的解为x，f（x）在（0,）上递减,在（,+）递增，又f（x）只有一个零点,f（）10，解得a3故答案为：a3【点睛】本题考查了利用导数研究已知函数的零点求参数取值问题,考查了分类讨论和数学运算能力.三、解答题：共70分。解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤。17、（1）（2）【解析】（1
13、）由三角恒等变换公式化简，根据三角函数性质求解（2）由余弦定理与面积公式，结合基本不等式求解【小问1详解】由己知可得，由，解得：，故的单调递减区间是【小问2详解】，故，得，由余弦定理得：，得，当且仅当时等号成立，故，面积最大值为18、（1）9（2）【解析】（1）根据要求列出方程，求出的值；（2）求出二项式展开式的通项，列出不等式组，求出的取值范围，从而求出，得到系数最大项.【小问1详解】由题意得：，解得：或，因为，所以（舍去），从而【小问2详解】二项式的展开式通项为：，则系数为，要求其最大值，则只要满足，即，解得：，因为，所以，所以系数最大项为19、（1）；（2）.【解析】（1）根据命题的真假
14、，结合一元二次方程无实根，列出的不等式，即可求得结果；（2）求得命题为真对应的的范围，结合命题一个为真命题一个为假命题，即可列出的不等式组，求解即可.【小问1详解】若q为真命题，则， 解得，即实数k的取值范围为.【小问2详解】若p为真，解得，由是假命题，且是真命题，得：p、q两命题一真一假， 当p真q假时，或，得， 当p假q真时，此时无解.综上的取值范围为.20、（1）证明见解析；（2）.【解析】（1）过M作MNCD交PD于点N，证明四边形ABMN为平行四边形，即可证明BM平面PAD.（2）过B作AD的垂线，垂足为E，证明BE平面PAD，在利用VP-ADMVM-PAD求三棱锥P-ADM的体积.【详解】解：（1）证明：如图，过M作MNCD交PD于点N，连接AN.PM2MC，MNCD.又ABCD，且ABCDABMN四边形ABMN为平行四边形BMAN.又BM平面PAD，AN平面PADBM平面PAD.（2）如图，过
