《四川省外国语学校2023-2024学年高二数学第一学期期末经典模拟试题含解析》由会员分享，可在线阅读，更多相关《四川省外国语学校2023-2024学年高二数学第一学期期末经典模拟试题含解析（17页珍藏版）》请在金锄头文库上搜索。
1、四川省外国语学校2023-2024学年高二数学第一学期期末经典模拟试题注意事项:1答题前，考生先将自己的姓名、准考证号码填写清楚，将条形码准确粘贴在条形码区域内。2答题时请按要求用笔。3请按照题号顺序在答题卡各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试卷上答题无效。4作图可先使用铅笔画出，确定后必须用黑色字迹的签字笔描黑。5保持卡面清洁，不要折暴、不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、选择题：本题共12小题，每小题5分，共60分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1已知，若，则实数的值为（ ）A.B.C.D.22已知抛物线，过点作抛物线的两条
2、切线，点为切点.若的面积不大于，则的取值范围是（）A.B.C.D.3下列曲线中，与双曲线有相同渐近线是（）A.B.C.D.4已知双曲线的离心率为，则该双曲线的渐近线方程为（）A.B.C.D.5在空间四边形OABC中，点M在线段OA上，且，N为BC中点，则等于（ ）A.B.C.D.6某几何体的三视图如图所示，则其对应的几何体是A.B.C.D.7函数的大致图象为A.B.C.D.8函数的部分图像为（）A.B.C.D.9镜花缘是清代文人李汝珍创作的长篇小说，书中有这样一个情节：一座楼阁到处挂满了五彩缤纷的大小灯球，灯球有两种，一种是大灯下缀2个小灯，另一种是大灯下缀4个小灯，大灯共360个，小灯共12
3、00个.若在这座楼阁的灯球中，随机选取一个灯球，则这个灯球是大灯下缀4个小灯的概率为A.B.C.D.10已知F为椭圆C：=1(ab0)右焦点，O为坐标原点，P为椭圆C上一点，若|OP|=|OF|，POF=120，则椭圆C的离心率为（）A.B.C.-1D.-111甲、乙两人下棋，甲获胜的概率为30%，甲不输的概率为80%，则甲、乙下成平局的概率（）A.50%B.30%C.10%D.60%12等差数列中，则（）A.1B.2C.3D.4二、填空题：本题共4小题，每小题5分，共20分。13若动直线分别与函数和的图像交于A，B两点，则的最小值为_14已知数列的前的前n项和为，数列的的前n项和为，则满足的
4、最小n的值为_15已知椭圆方程为，左、右焦点分别为、，P为椭圆上的动点，若的最大值为，则椭圆的离心率为_.16数列中，设（1）求证：数列是等比数列；（2）求数列的前项和；（3）若，为数列的前项和，求不超过的最大的整数三、解答题：共70分。解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤。17（12分）已知点在椭圆：上，椭圆E的离心率为.（1）求椭圆E的方程；（2）若不平行于坐标轴且不过原点O的直线l与椭圆E交于B，C两点，判断是否可能为等边三角形，并说明理由.18（12分）已知命题：“曲线表示焦点在轴上的椭圆”，命题：“曲线表示双曲线”.（1）若是真命题，求实数的取值范围；（2）若是的必要不充分条件，求
5、实数的取值范围.19（12分）在平面直角坐标系中，点在抛物线上（1）求的值；（2）若直线l与抛物线C交于，两点，且，求的最小值20（12分）已知如图，在菱形ABCD中，且，为AD的中点，将沿BE折起使，得到如图所示的四棱锥，在四棱锥中，求解下列问题：（1）求证：BC平面ABE；（2）若P为AC中点，求二面角的余弦值.21（12分）已知抛物线的准线方程是.（）求抛物线的方程；（）设直线与抛物线相交于，两点，为坐标原点，证明：.22（10分）已知函数.（1）求的单调区间；（2）讨论的零点个数.参考答案一、选择题：本题共12小题，每小题5分，共60分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求
6、的。1、D【解析】由，然后根据向量数量积的坐标运算即可求解.【详解】解：因，所以，因为，所以，即，解得，故选：D.2、C【解析】由题意，设，直线方程为，则由点到直线的距离公式求出点到直线的距离，再联立直线与抛物线方程，由韦达定理及弦长公式求出，进而可得，结合即可得答案.【详解】解：因为抛物线的性质：在抛物线上任意一点处的切线方程为，设，所以在点处的切线方程为，在点B处的切线方程为，因为两条切线都经过点，所以，所以直线的方程为，即，点到直线的距离为，联立直线与抛物线方程有，消去得，由得，由韦达定理得，所以弦长，所以，整理得，即，解得，又所以.故选：C.3、B【解析】求出已知双曲线的渐近线方程，逐
7、一验证即可.【详解】双曲线的渐近线方程为，而双曲线的渐近线方程为，双曲线的渐近线方程为，双曲线的渐近线方程为，双曲线的渐近线方程为.故选：B4、C【解析】求得，由此求得双曲线的渐近线方程.【详解】离心率，则，所以渐近线方程.故选：C5、B【解析】由题意结合图形，直接利用，求出，然后即可解答.【详解】解：因为空间四边形OABC如图，点M在线段OA上，且，N为BC的中点，所以.所以.故选：B.6、A【解析】根据三视图即可还原几何体.【详解】根据三视图，特别注意到三视图中对角线的位置关系，容易判断A正确.【点睛】本题主要考查了三视图，属于中档题.7、D【解析】根据函数奇偶性排除A、C.当时排除B【详
8、解】解：由可得所以函数为偶函数，排除A、C.因为时，排除B.故选：D.8、D【解析】先判断奇偶性排除C，再利用排除B，求导判断单调性可排除A.【详解】因为，所以为偶函数，排除C；因为，排除B；当时，当时，所以函数在区间上单调递减，排除A.故选：D9、B【解析】设大灯下缀2个小灯为个，大灯下缀4个小灯有个，根据题意求得，再由古典概型及其概率的公式，即可求解【详解】设大灯下缀2个小灯为个，大灯下缀4个小灯有个，根据题意可得，解得，则灯球的总数为个，故这个灯球是大灯下缀4个小灯的概率为，故选B【点睛】本题主要考查了古典概型及其概率的计算，其中解答中根据题意列出方程组，求得两种灯球的数量是解答的关键，
9、着重考查了运算与求解能力，属于基础题10、D【解析】记椭圆的左焦点为，在中，通过余弦定理得出，根据椭圆的定义可得，进而可得结果.【详解】记椭圆的左焦点为，在中，可得，在中，可得，故，故，故选：D.11、A【解析】根据甲获胜和甲、乙两人下成平局是互斥事件即可求解.【详解】甲不输有两种情况：甲获胜或甲、乙两人下成平局，甲获胜和甲、乙两人下成平局是互斥事件，所以甲、乙两人下成平局的概率为.故选：A.12、B【解析】根据给定条件利用等差数列性质直接计算作答.【详解】在等差数列中，因，而，于是得，解得，所以.故选：B二、填空题：本题共4小题，每小题5分，共20分。13、【解析】利用导数求出与平行的曲线的
10、切线，再利用两点间距离公式进行求解即可.【详解】设曲线的切点为，由，所以曲线的切线的斜率为，直线的斜率为，当切线与平行时，即，即切点为，当直线过切点时，有最小值，即，此时，解方程组：，故答案为：【点睛】关键点睛：利用曲线的切线性质进行求解是解题的关键.14、9【解析】由数列的前项和为，则当时，所以，所以数列的前和为，当时，当时，所以满足的最小的值为.点睛：本题主要考查了等差数列与等比数列的综合应用问题，其中解答中涉及到数列的通项与的关系，推导数列的通项公式，以及等差、等比数列的前项和公式的应用，熟记等差、等比数列的通项公式和前项和公式是解答的关键，着重考查了学生的推理与运算能力.15、【解析】
11、利用椭圆的定义结合余弦定理可求得，再利用公式可求得该椭圆的离心率的值.【详解】由椭圆的定义可得，由余弦定理可得，因为的最大值为，则，可得，因此，该椭圆的离心率为.故答案为：.16、（1）证明见解析 ；（2） ；（3） 2021【解析】(1)将两边都加，证明是常数即可；(2)求出的通项，利用错位相减法求解即可；(3)先求出，再求出的表达式，利用裂项相消法即可得解.【详解】（1）将两边都加，得，而，即有，又，则，所以数列是首项为，公比为的等比数列；（2）由（1）知，则，因此，所以；（3）由（2）知，于是得，则，因此，所以不超过的最大的整数是2021三、解答题：共70分。解答应写出文字说明、证明过程
12、或演算步骤。17、（1）（2）三角形不可能是等边三角形，理由见解析【解析】（1）根据点坐标和离心率可得椭圆方程；（2）假设为等边三角形，设，与椭圆方程联立， 由韦达定理得的中点的坐标，利用得出矛盾.小问1详解】由点在椭圆上，得，即，又，即，解得，所以椭圆的方程为.【小问2详解】假设为等边三角形，设，联立，消去得，由韦达定理得，由得，故，所以的中点为，所以，故，与等边三角形中矛盾，所以假设不成立，故三角形不可能是等边三角形.18、（1）；（2）.【解析】（1）根据方程为焦点在轴上的椭圆的条件列不等式组，解不等式组求得的取值范围.（2）求得为真命题时的取值范围，结合是的必要不充分条件列不等式组，解
13、不等式组求得的取值范围.【详解】（1）若是真命题，所以，解得，所以的取值范围是.（2）由（1）得，是真命题时，的取值范围是，为真命题时，所以的取值范围是因为是的必要不充分条件，所以，所以，等号不同时取得，所以【点睛】本小题主要考查椭圆、双曲线，考查必要不充分条件求参数.19、（1）1 （2）【解析】（1）将点代入即可求解；（2）利用向量数量积为3求出，再对式子变形后使用基本不等式进行求解最小值.【小问1详解】将代入抛物线，解得：.【小问2详解】，在抛物线C上，故，解得：或2，因为，所以，即，故，当且仅当，即时等号成立，故的最小值为.20、（1）证明见解析；（2）【解析】（1）利用题中所给的条件
14、证明，因为，所以，即可证明平面；（2）先证明平面，以为坐标原点，的方向分别为轴，轴，轴，建立如图所示的空间直角坐标系，求出平面的一个法向量，平面的一个法向量，利用向量的夹角公式即可求解【详解】（1）在图中，连接，如图所示：因为四边形为菱形，所以是等边三角形.因为为的中点，所以，.又，所以.在图中，所以，即.因为，所以，.又，平面.所以平面.（2）由（1）知，因为，平面.所以平面.以为坐标原点，的方向分别为轴，轴，轴，建立如图所示的空间直角坐标系：则，.因为为的中点，所以.所以，.设平面的一个法向量为，由得.令，得，所以.设平面的一个法向量为.因为，由得令，得则，由图象可知二面角为锐角，所以二面角的余弦值为.21、（）（）详见解析【解析】（）利用排趋性的准线方程求出p，即可求解抛物线的方程；（）直线y=k（x-2）（k0）与抛物线联立，通过韦达定理求解直线的斜率关系即可证
