《2024届陕西省延安市吴起县高级中学高二数学第一学期期末质量跟踪监视试题含解析》由会员分享，可在线阅读，更多相关《2024届陕西省延安市吴起县高级中学高二数学第一学期期末质量跟踪监视试题含解析（16页珍藏版）》请在金锄头文库上搜索。
1、2024届陕西省延安市吴起县高级中学高二数学第一学期期末质量跟踪监视试题注意事项:1答题前，考生先将自己的姓名、准考证号码填写清楚，将条形码准确粘贴在条形码区域内。2答题时请按要求用笔。3请按照题号顺序在答题卡各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试卷上答题无效。4作图可先使用铅笔画出，确定后必须用黑色字迹的签字笔描黑。5保持卡面清洁，不要折暴、不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、选择题：本题共12小题，每小题5分，共60分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1渐近线方程为的双曲线的离心率是（ ）A.1B.C.D.22命题“”为真命题一
2、个充分不必要条件是（）A.B.C.D.3若，都为正实数，则的最大值是（ ）A.B.C.D.4如图在中，在内作射线与边交于点，则使得的概率是（）A.B.C.D.5已知函数，则下列判断正确的是（）A.直线与曲线相切B.函数只有极大值，无极小值C.若与互为相反数，则的极值与的极值互为相反数D.若与互为倒数，则的极值与的极值互为倒数6已知椭圆的左，右焦点分别为，直线与C交于点M，N，若四边形的面积为且，则C的离心率为（）A.B.C.D.7中国古代数学名著算法统宗中有这样一个问题：“今有俸粮三百零五石，令五等官（正一品、从一品、正二品、从二品、正三品）依品递差十三石分之，问，各若干？”其大意是，现有俸粮
3、石，分给正一品、从一品、正二品、从二品、正三品这位官员，依照品级递减石分这些俸粮，问，每个人各分得多少俸粮？在这个问题中，正三品分得俸粮是（）A.石B.石C.石D.石8若，则下列等式一定成立的是（ ）A.B.C.D.9已知函数在处的导数为，则（ ）A.B.C.D.10数学家歌拉在1765年提出定理：三角形的外心、重心、垂心依次位于同一直线上，且重心到外心的距离是重心到垂心距离的一半这条直线被后人称为三角形的欧拉线已知的三个顶点分别为，则的欧拉线方程是（）A.B.C.D.11如图，平行六面体中，与的交点为，设，则选项中与向量相等的是（）A.B.C.D.12下列命题错误的是()A.命题“若，则”的
4、逆否命题为“若，则”B.命题“若，则”的否命题为“若，则”C.若命题p：或；命题q：或，则是的必要不充分条件D.“ ”是“”的充分不必要条件二、填空题：本题共4小题，每小题5分，共20分。13若双曲线的离心率为2，则此双曲线的渐近线方程_.14如图，某建筑物的高度，一架无人机上的仪器观测到建筑物顶部的仰角为，地面某处的俯角为，且，则此无人机距离地面的高度为_15已知函数，则函数在区间上的平均变化率为_.16已知数列满足，若为等差数列，则_，若，则数列的前项和为_.三、解答题：共70分。解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤。17（12分）如图，在直三棱柱中，.M为侧棱的中点，连接，CM.（1）
5、证明：AC平面；（2）证明：平面；（3）求二面角的大小.18（12分）已知数列是公差为2的等差数列，且满足，成等比数列（1）求数列的通项公式；（2）求数列的前n项和19（12分）已知等比数列满足（1）求的通项公式；（2）记的前n项和为，证明：，成等差数列20（12分）某地从今年8月份开始启动12-14岁人群新冠肺炎疫苗的接种工作，共有8千人需要接种疫苗.前4周的累计接种人数统计如下表：前x周1234累计接种人数y（千人）2.5344.5（1）求y关于的线性回归方程；（2）根据（1）中所求的回归方程，预计该地第几周才能完成疫苗接种工作?参考公式：回归方程中斜率和截距的最小二乘估计公式分别为，21
6、（12分）已知椭圆C：，斜率为的直线l与椭圆C交于A、B两点且（1）求椭圆C的离心率；（2）求直线l方程22（10分）的内角A，B，C的对边分别为a，b，c.已知.（1）求角C；（2）若，求的周长.参考答案一、选择题：本题共12小题，每小题5分，共60分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、B【解析】根据双曲线渐近线方程可确定a,b的关系，进而求得离心率.【详解】因为双曲线近线方程为，故双曲线为等轴双曲线，则a=b,故离心率为 ，则 ，故选：B.2、B【解析】求解命题为真命题的充要条件，再利用集合包含关系判断【详解】命题“”为真命题，则1,只有是的真子集,故选项B符合题意故
7、选：B3、B【解析】由基本不等式，结合题中条件，直接求解，即可得出结果.【详解】因为，都为正实数，所以，当且仅当，即时，取最大值.故选：D4、C【解析】由题意可得，根据三角形中“ 大边对大角，小边对小角”的性质，将转化为求的概率，又因为，从而可得的概率【详解】解：在中，所以，即，要使得，则，又因为，则的概率是故选：C【点睛】本题考查几何概型及其计算方法的知识，属于基础题5、C【解析】求出函数的导函数，通过在某点处的导数为该点处切线的斜率，求出切线方程，并且判断出极值，通过结合与互为相反数，若与互为倒数，分别判断的极值与的极值是否互为相反数，以及是否互为倒数.【详解】，令，得，所以，因为，所以曲
8、线在点处的切线方程为，故A错；当时，存在使，且当时，；当时，即有极小值，无极大值，故B错误；设为的极值点，则，且，所以，当时，；当时，故C正确，D错误.6、A【解析】根据题意可知四边形为平行四边形，设，进而得，根据四边形面积求出点M的坐标，再代入椭圆方程得出关于e的方程，解方程即可.【详解】如图，不妨设点在第一象限，由椭圆的对称性得四边形为平行四边形，设点，由，得，因为四边形的面积为，所以，得，由，得，解得，所以，即点，代入椭圆方程，得，整理得，由，得，解得，由，得.故选：A7、D【解析】令位官员(正一品、从一品、正二品、从二品、正三品)所分得的俸粮数是公差为数列，利用等差数列的前n项和求，进
9、而求出正三品即可.【详解】正一品、从一品、正二品、从二品、正三品这位官员所分得的俸粮数记为数列，由题意，是以为公差的等差数列，且，解得.故正三品分得俸粮数量为（石）.故选：D.8、D【解析】利用复数除法运算和复数相等可用表示出，进而得到之间关系.【详解】，则.故选：D.9、C【解析】利用导数的定义即可求出【详解】故选：C10、B【解析】根据的三个顶点坐标，先求解出重心的坐标，然后再根据三个点坐标求解任意两条垂直平分线的方程，联立方程，即可算出外心的坐标，最后根据重心和外心的坐标使用点斜式写出直线方程.【详解】由题意可得的重心为因为，所以线段的垂直平分线的方程为因为，所以直线的斜率，线段的中点坐
10、标为，则线段的垂直平分线的方程为联立，解得，则的外心坐标为，故的欧拉线方程是，即故选：B.11、B【解析】利用空间向量加减法、数乘的几何意义，结合几何体有，进而可知与向量相等的表达式.【详解】连接，如下图示：，.故选：B12、C【解析】根据逆否命题的定义可判断A；根据否命题的定义可判断B；求出、，根据充分条件和必要条件的概念可以判断C；解出不等式，根据充分条件和必要条件的概念可判断D.【详解】命题“若，则”的逆否命题为“若，则”，故A正确；命题“若，则”的否命题为“若，则”，故B正确；若命题p：或；命题q：或，则：1x1是：2x1的充分不必要条件，故C错误；或x1，故“ ”是“”的充分不必要条
11、件，故D正确.故选：C.二、填空题：本题共4小题，每小题5分，共20分。13、【解析】根据离心率得出，结合得出关系，即可求出双曲线的渐近线方程.【详解】解：由题可知，离心率，即，又，即，则，故此双曲线的渐近线方程为.故答案为：.14、200【解析】在RtABC中求得AC的值，ACQ中由正弦定理求得AQ的值，在RtAPQ中求得PQ的值【详解】根据题意，可得RtABC中，BAC60，BC300，AC200；ACQ中，AQC45+1560，QAC180456075，QCA180AQCQAC45，由正弦定理，得，解得AQ200，在RtAPQ中，PQAQsin45200200m故答案为200【点睛】本题
12、考查了解三角形的应用问题，考查正弦定理，三角形内角和问题，考查转化化归能力，是基础题15、3【解析】根据平均变化率的定义即可计算.【详解】设，因，所以.故答案为：316、 .# .【解析】利用递推关系式，结合等差数列通项公式可求得公差，进而得到；利用递推关系式可知数列的奇数项和偶数项分别成等差数列，采用裂项相消的方法可求得前项和.【详解】由得：，解得：；为等差数列，设其公差为，则，解得：，；由知：数列的奇数项是以为首项，为公差的等差数列；偶数项是以为首项，为公差的等差数列；，又，数列的前项和，.故答案为：；.【点睛】关键点点睛：本题考查根据数列递推关系求解数列中的项、裂项相消法求和的问题；解题
13、关键是能够根据递推关系式得到数列的奇数项和偶数项分别成等差数列，由此可通过裂项相消的方法求得所求数列的和.三、解答题：共70分。解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤。17、（1）证明见详解； （2）证明见详解； （3）【解析】小问1：由于，根据线面平行判定定理即可证明；小问2：以为原点，分别为轴建立空间坐标系，根据向量垂直关系即可证明；小问3：分别求得平面与平面的法向量，根据向量夹角公式即可求解【小问1详解】在直三棱柱中，且平面，平面所以AC平面；【小问2详解】因为，故以为原点，分别为轴建立空间坐标系如图所示：则，所以则所以又平面，平面故平面；【小问3详解】由，得，设平面的一个法向量为则得又
14、因为平面的一个法向量为所以所以二面角的大小为18、（1） （2）【解析】（1）由成等比数列得首项，从而得到通项公式；（2）利用裂项相消求和可得答案.【小问1详解】设数列的公差为，成等比数列，即，由题意故，得，即.【小问2详解】，19、（1）（2）证明见解析【解析】（1）设等比数列的公比为，根据，求得的值，即可求得数列的通项公式；（2）由等比数列的求和公式求得，得到，化简得到，即可求解【小问1详解】解：设等比数列的公比为，因为，所以，解得，所以，所以数列的通项公式【小问2详解】解：由（1）可得，所以，所以，即，成等差数列20、（1）； （2）预计第9周才能完成接种工作【解析】（1）利用最小二乘法原理求解即可；（2）解方程即得解.【小问1详解】解：由表中数据得，
