《甘肃省张掖市高台县一中2023-2024学年数学高二上期末联考试题含解析》由会员分享，可在线阅读，更多相关《甘肃省张掖市高台县一中2023-2024学年数学高二上期末联考试题含解析（16页珍藏版）》请在金锄头文库上搜索。
1、甘肃省张掖市高台县一中2023-2024学年数学高二上期末联考试题注意事项：1答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。2回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。3考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。一、选择题：本题共12小题，每小题5分，共60分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1已知，若，共面，则等于（）A.B.3C.D.92直线过点且与双曲线仅有一个公共点，则这样的直线有（ ）A.1条B.2条C.3条D.4条3设，是椭圆C：
2、的左、右焦点，若椭圆C上存在一点P，使得，则椭圆C的离心率e的取值范围为（）A.B.C.D.4在等差数列an中，已知a12，a2+a313，则a4+a5+a6等于（）A.40B.42C.43D.455将函数图象上所有点的横坐标伸长到原来的2倍，纵坐标不变，再将所得图象向右平移个单位长度，得到函数的图象，则（）A.B.C.D.6若函数在上有且仅有一个极值点，则实数的取值范围为（）A.B.C.D.7过抛物线的焦点的直线交抛物线于两点,点是原点,若;则的面积为 （）A.B.C.D.8已知m，n表示两条不同的直线，表示平面，则下列说法正确的是（ ）A.若，则B.若，则C.若，则D.若，则9已知等差数列
3、，则数列的前项和为（ ）A.B.C.D.10在空间直角坐标系下，点关于平面的对称点的坐标为（ ）A.B.C.D.11直线l的方向向量为，且l过点，则点到l的距离为()AB.C.D.12已知、分别为双曲线的左、右焦点，且，点P为双曲线右支一点，为的内心，若成立，给出下列结论：点的横坐标为定值a； 离心率； 当轴时，上述结论正确的是（ ）A.B.C.D.二、填空题：本题共4小题，每小题5分，共20分。13椭圆的两焦点为，P为C上的一点（P与，不共线），则的周长为_.14已知数列满足，则其通项公式_15已知直线（为常数）和圆，给出下列四个结论：当变化时，直线恒过定点；直线与圆可能无公共点；若直线与圆
4、有两个不同交点，则线段的长的最小值为；对任意实数，圆上都不存在关于直线对称的两个点.其中正确的结论是_.（写出所有正确结论的序号）16写出一个同时满足下列条件的圆C的标准方程：_圆C的圆心在第一象限；圆C与x轴相切；圆C与圆外切三、解答题：共70分。解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤。17（12分）已知数列的前项和为，满足_请在；，；三个条件中任选一个，补充在上面的横线上，完成上述问题注：若选择不同的条件分别解答，则按第一个解答计分（1）求数列的通项公式；（2）数列满足，求数列的前项和18（12分）在等差数列中，（1）求的通项公式：（2）记的前项和为，求满足的的最大值19（12分）已知是公
5、差不为0的等差数列，其前项和为，且，成等比数列.（1）求和；（2）若，数列的前项和为，且对任意的恒成立，求实数的取值范围.20（12分）如图所示，、分别为椭圆的左、右焦点，A，B为两个顶点，已知椭圆C上的点到、两点的距离之和为4.（1）求a的值和椭圆C的方程；（2）过椭圆C的焦点作AB的平行线交椭圆于P，Q，求的面积21（12分）已知抛物线的焦点到准线的距离为4，直线与抛物线交于两点.（1）求此抛物线的方程；（2）若以为直径的圆过原点O，求实数k的值.22（10分）已知各项均为正数的等差数列满足，且，构成等比数列的前三项.（1）求数列，的通项公式；（2）设，求数列的前项和.参考答案一、选择题：
6、本题共12小题，每小题5分，共60分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、C【解析】由，共面，设，列方程组能求出的值【详解】，共面，设(实数m、n)，即，解得故选：C2、C【解析】根据直线的斜率存在与不存在，分类讨论，结合双曲线的渐近线的性质，即可求解.【详解】当直线的斜率不存在时，直线过双曲线的右顶点，方程为，满足题意；当直线的斜率存在时，若直线与两渐近线平行，也能满足与双曲线有且仅有一个公共点.综上可得，满足条件的直线共有3条.故选：C.【点睛】本题主要考查了直线与双曲线的位置关系，以及双曲线的渐近线的性质，其中解答中忽视斜率不存在的情况是解答的一个易错点，着重考查了分
7、析问题和解答问题的能力，以及分类讨论思想的应用，属于基础题.3、B【解析】先设，根据P在椭圆上得到，由，得到的范围，即为离心率的范围.【详解】由椭圆的方程可得，设，由，则，即，由P在椭圆上可得，所以，代入可得所以，因为，所以整理可得：，消去得：所以，即所以.故选：B4、B【解析】根据已知求出公差即可得出.【详解】设等差数列的公差为，因为，所以，则.故选：B.5、A【解析】根据三角函数图象的变换，由逆向变换即可求解.【详解】由已知的函数逆向变换，第一步，向左平移个单位长度，得到的图象；第二步，图象上所有点的横坐标缩短到原来的，纵坐标不变，得到的图象，即的图象.故.故选：A6、C【解析】根据极值点
8、的意义,可知函数的导函数在上有且仅有一个零点.结合零点存在定理,即可求得的取值范围.【详解】函数则因为函数在上有且仅有一个极值点即在上有且仅有一个零点根据函数零点存在定理可知满足即可代入可得解得故选:C【点睛】本题考查了函数极值点的意义,函数零点存在定理的应用,属于中档题.7、C【解析】抛物线焦点为，准线方程为，由得或所以，故答案为C考点：1、抛物线的定义；2、直线与抛物线的位置关系8、D【解析】根据空间直线与平面间的位置关系判断【详解】若，也可以有，A错；若，也可以有，B错；若，则或，C错；若，则，这是线面垂直的判定定理之一，D正确故选：D9、A【解析】求出通项，利用裂项相消法求数列的前n项
9、和.【详解】因为等差数列，所以，所以，所以数列的前项和为故B，C，D错误.故选：A.10、C【解析】根据空间坐标系中点的对称关系求解【详解】点关于平面的对称点的坐标为，故选：C11、C【解析】利用向量投影和勾股定理即可计算.【详解】，又，在方向上的投影，P到l距离故选：C.12、C【解析】利用双曲线的定义、几何性质以及题意对选项逐个分析判断即可【详解】对于，设内切圆与的切点分别为，则由切线长定理可得,因为，所以，所以点的坐标为，所以点的横坐标为定值a，所以正确，对于，因为，所以，化简得，即，解得，因为，所以，所以正确，对于，设的内切圆半径为，由双曲线的定义可得，因为，所以，所以，所以正确，对于
10、，当轴时，可得，此时，所以，所以错误，故选：C二、填空题：本题共4小题，每小题5分，共20分。13、【解析】结合椭圆的定义求得正确答案.【详解】椭圆方程为，所以，所以三角形的周长为.故答案为：14、【解析】构造法可得，由等比数列的定义写出的通项公式，进而可得.【详解】令，则，又，故，而，是公比为，首项为，则，.故答案为：.15、【解析】由可判断；根据直线过的定点在圆内可判断；当直线与过圆心的直径垂直时，求出线段的长度可判断；把圆心代入直线的方程可判断.【详解】对于，当变化时，直线恒过定点，故错误；对于，因为，所以在圆的内部，所以直线与圆总有公共点，故错误；对于，当直线与过圆心的直径垂直时，线段
11、的长度的最小，此时，故正确；对于，把圆心代入直线，得对任意实数，圆上都不存在关于直线对称的两个点，故正确.故答案为：.16、(答案不唯一，但圆心坐标需满足，)【解析】首先设圆的圆心和半径，根据条件得到关于的方程组，即可求解.【详解】设圆心坐标为，由可知，半径为，由可知，整理可得， 当时，所以其中一个同时满足条件的圆的标准方程是.故答案为：(答案不唯一，但圆心坐标需满足，)三、解答题：共70分。解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤。17、（1）条件选择见解析，；（2）.【解析】（1）选，可得出，由可求得数列的通项公式；选，分析可知数列是公差为的等差数列，根据已知条件求出的值，利用等差数列的求和
12、公式可求得数列的通项公式；选，在等式中令可求得的值，即可得出数列的通项公式；（2）求得，利用裂项相消法可求得.【小问1详解】解：选，因为，则，则，当时，也满足，所以，对任意的，；选，因为，则数列是公差为的等差数列，所以，解得，则；选，对任意的，则，可得，因此，.【小问2详解】解：因为，因此，.18、（1）（2）【解析】（1）根据等差数列的概念及通项公式可得基本量，进而可得解.（2）利用等差数列求和公式计算，解不等式即可.【小问1详解】设等差数列的公差为，所以，解得，所以数列的通项公式为；【小问2详解】由（1）得，所以，解得，所以的最大值为.19、（1），；（2）.【解析】（1）求出，即得数列的
13、和；（2）由题得，再利用分组求和求出，得到，令，判断函数的单调性得解.【详解】（1）设数列的公差为，由已知得，即，整理得，又，；（2）由题意：，令，则，即对任意的恒成立，是单调递增数列，只需，所以.【点睛】方法点睛：求数列的最值，常用数列的单调性求解，求数列的单调性，一般利用定义法作差或作商判断.20、（1）a2， （2）【解析】（1）由题意可得a2，求出，从而可求得椭圆方程，（2）由题意可求出的坐标，则可求出直线PQ的方程，然后将直线方程与椭圆方程联立，消去，利用根与系数的关系，求出的值，从而可求出的值【小问1详解】由椭圆定义可得2a4，所以a2，又因点在椭圆C上，所以，解得：，所以a的值为2，椭圆C的方程为【小问2详解】由椭圆的方程可得，所以，所以直线PQ的方程为，设，由 可得，所以，所以，所以21、（1）（2）【解析】（1）根据焦点到准线的距离，可得到，可得结果.（2）假设的坐标，得到，然后联立直线与抛物线的方程，利用韦达定理，根据，可得结果.【详解】（1）由题知：抛物线的焦点到准线的距离为，抛物线的方程为（2）设联立，得，则，以为直径圆过原点O，即，解得或（舍），【点睛】本题主要考查直线与抛物线的几何关系的应用，属基础题.22、（1），；（2）.【解析】（1）由等差中项的性质可求出，又，构成等比数
