《马鞍山市重点中学2023-2024学年数学高二上期末考试模拟试题含解析》由会员分享，可在线阅读，更多相关《马鞍山市重点中学2023-2024学年数学高二上期末考试模拟试题含解析（15页珍藏版）》请在金锄头文库上搜索。
1、马鞍山市重点中学2023-2024学年数学高二上期末考试模拟试题考生请注意：1答题前请将考场、试室号、座位号、考生号、姓名写在试卷密封线内，不得在试卷上作任何标记。2第一部分选择题每小题选出答案后，需将答案写在试卷指定的括号内，第二部分非选择题答案写在试卷题目指定的位置上。3考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回。一、选择题：本题共12小题，每小题5分，共60分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1中共一大会址、江西井冈山、贵州遵义、陕西延安是中学生的几个重要的研学旅行地.某中学在校学生人，学校团委为了了解本校学生到上述红色基地研学旅行的情况，随机调
2、查了名学生，其中到过中共一大会址或井冈山研学旅行的共有人，到过井冈山研学旅行的人，到过中共一大会址并且到过井冈山研学旅行的恰有人，根据这项调查，估计该学校到过中共一大会址研学旅行的学生大约有（）人A.B.C.D.2已知复数满足 (其中为虚数单位)，则复数的虚部为（）A.B.C.D.3工业生产者出厂价格指数（PRoduceR PRiceIndexfoR IndustRialPRoducts，简称PPI）是反映工业企业产品第一次出售时的出厂价格的变化趋势和变动幅度，是反映某一时期生产领域价格变动情况的重要经济指标，也是制定有关经济政策和国民经济核算的重要依据根据下面提供的我国2020年1月2021
3、年11月的工业生产者出厂价格指数的月度同比（将上一年同月作为基期进行对比的价格指数）和月度环比（将上月作为基期进行对比的价格指数）涨跌情况的折线图判断，以下结论正确的（）A.2020年各月的PPI在逐月增大B.2020年各月的PPI均高于2019年同期水平C.2021年1月11月各月的PPI在逐月减小D.2021年1月11月各月的PPI均高于2020年同期水平4总体有编号为01，02，19，20的20个个体组成，利用下面的随机数表选取3个个体，选取方法是从随机数表第1行的第5列和第6列数字开始由左到右依次选取两个数字，则选出来的第3个个体的编号为（）7816657208026314070243
4、699728019832049234493582003623486969387481A.08B.02C.63D.145已知命题p：，则命题p的否定为（）A.，B.，C，D.，6小王与小张二人参加某射击比赛预赛的五次测试成绩如下表所示，设小王与小张成绩的样本平均数分别为和，方差分别为和，则（）第一次第二次第三次第四次第五次小王得分（环）910579小张得分（环）67557A.B.C.D.7已知m是2与8的等比中项，则圆锥曲线x21的离心率是（）A.或B.C.D.或8某综合实践小组设计了一个“双曲线型花瓶”.他们的设计思路是将某双曲线的一部分（图1中A，C之间的曲线）绕其虚轴所在直线l旋转一周，得
5、到花瓶的侧面，花瓶底部是平整的圆面，如图2.该小组给出了图1中的相关数据：，其中B是双曲线的一个顶点.小组中甲、乙、丙、丁四位同学分别用不同的方法估算了该花瓶的容积（忽略瓶壁和底部的厚度），结果如下表所示学生甲乙丙丁估算结果（）其中估算结果最接近花瓶的容积的同学是（ ）（参考公式：，）A.甲B.乙C.丙D.丁9已知函数，则函数在区间上的最小值为（）A.B.C.D.10在等差数列中，则（）A.9B.6C.3D.111已知直线与直线，若，则（）A.6B.C.2D.12若圆C：上有到的距离为1的点，则实数m的取值范围为（）A.B.C.D.二、填空题：本题共4小题，每小题5分，共20分。13双曲线的左
6、顶点为，虚轴的一个端点为，右焦点到直线的距离为，则双曲线的离心率为_.14已知的展开式中项的系数是，则正整数_.15在空间直角坐标系中，已知向量，则的值为_.16已知函数，若递增数列满足，则实数的取值范围为_.三、解答题：共70分。解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤。17（12分）如图，直三棱柱中，底面是边长为2的等边三角形，D为棱AC中点.（1）证明：AB1/平面；（2）若面B1BC1与面BC1D的夹角余弦值为，求.18（12分）已知函数，其中a为正数（1）讨论单调性；（2）求证：19（12分）已知抛物线的顶点在原点，焦点在轴上，且抛物线上有一点到焦点的距离为3 ，直线 与抛物线 交于
7、， 两点， 为坐标原点(1)求抛物线的方程；(2)求的面积.20（12分）已知二项式的展开式中各二项式系数之和比各项系数之和小240求：（1）n的值；（2）展开式中x项的系数；（3）展开式中所有含x的有理项21（12分）已知等比数列的前项和为，且，.（1）求的通项公式；（2）求.22（10分）已知抛物线E：y28x（1）求抛物线的焦点及准线方程；（2）过点P(-1,1)的直线l1与抛物线E只有一个公共点，求直线l1的方程；（3）过点M(2,3)的直线l2与抛物线E交于点A，B若弦AB的中点为M，求直线l2的方程参考答案一、选择题：本题共12小题，每小题5分，共60分。在每小题给出的四个选项中，
8、只有一项是符合题目要求的。1、B【解析】作出韦恩图，设调查的学生中去过中共一大会址研学旅行的学生人数为，根据题意求出的值，由此可得出该学校到过中共一大会址研学旅行的学生人数.【详解】如下图所示，设调查的学生中去过中共一大会址研学旅行的学生人数为，由题意可得，解的，因此，该学校到过中共一大会址研学旅行的学生的人数为.故选：B.【点睛】本题考查韦恩图的应用，同时也考查了利用分层抽样求样本容量，考查计算能力，属于基础题.2、A【解析】由题目条件可得，即，然后利用复数的运算法则化简.【详解】因为，所以，则故复数的虚部为.故选：A.【点睛】本题考查复数的相关概念及复数的乘除运算，按照复数的运算法则化简计
9、算即可，较简单.3、D【解析】根据折线图中同比、环比的正负情况，结合各选项的描述判断正误.【详解】A：2020年前5个月PPI在逐月减小，错误；B：2020年各月同比为负值，即低于2019年同期水平，错误；C：2021年1月11月各月的PPI环比为正值，即逐月增大，错误；D：2021年1月11月各月的PPI同比为正值，即高于2020年同期水平，正确.故选：D.4、D【解析】由随机数表法抽样原理即可求出答案.【详解】根据题意，依次读出的数据为65（舍去）,72（舍去）,08,02,63（舍去）,14，即第三个个体编号为14.故选：D.5、A【解析】根据特称命题的否定是全称命题，结合已知条件，即可
10、求得结果.【详解】因为命题p：，故命题p的否定为：，.故选：A.6、C【解析】根据图表数据可以看出小王和小张的平均成绩和成绩波动情况.【详解】解：从图表中可以看出小王每次的成绩均不低于小张，但是小王成绩波动比较大，故设小王与小张成绩的样本平均数分别为和，方差分别为和.可知故选：C7、A【解析】利用等比数列求出m，然后求解圆锥曲线的离心率即可【详解】解：m是2与8的等比中项，可得m4，当m=4时,圆锥曲线为双曲线x21, 它的离心率为：,当m=-4时，圆锥曲线x21为椭圆，离心率：，故选：A8、D【解析】根据几何体可分割为圆柱和曲边圆锥，利用圆柱和圆锥的体积公式对几何体的体积进行估计即可.【详解
11、】可将几何体看作一个以为半径，高为的圆柱，再加上两个曲边圆锥，其中底面半径分别为，高分别为,所以花瓶的容积，故最接近的是丁同学的估算，故选：D9、B【解析】根据已知条件求得以及，利用导数判断函数的单调性，即可求得函数在区间上的最小值.【详解】因为，故可得，则，又，令，解得，令，解得，故在单调递减，在单调递增，又，故在区间上的最小值为.故选：.10、A【解析】直接由等差中项得到结果.详解】由得.故选：A.11、A【解析】根据两直线垂直的充要条件得到方程，解得即可；【详解】解：因为直线与直线，且，所以，解得；故选：A12、C【解析】利用圆与圆的位置关系进行求解即可.【详解】将圆C的方程化为标准方程
12、得，所以因为圆C上有到的距离为1的点，所以圆C与圆：有公共点，所以因为，所以，解得，故选：C二、填空题：本题共4小题，每小题5分，共20分。13、【解析】根据双曲线左顶点和虚轴端点的定义，结合点到直线距离公式、双曲线的离心率公式进行求解即可.【详解】不妨设在纵轴的正半轴上，由双曲线的标准方程可知：，右焦点的坐标为，直线的方程为：，因为右焦点到直线的距离为，所以有，即双曲线的离心率为，故答案为：14、4【解析】由已知二项式可得展开式通项为，根据已知条件有，即可求出值.详解】由题设，则且为正整数，解得.故答案为：4.15、【解析】由题知，进而根据向量数量积运算的坐标表示求解即可.【详解】解：因为向
13、量，所以，所以故答案为：16、【解析】根据的单调性列不等式，由此求得的取值范围.【详解】由于是递增数列，所以.所以的取值范围是.故答案为：三、解答题：共70分。解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤。17、（1）证明见解析（2）【解析】（1）连接，使，连接，即可得到，从而得证；（2）设，以为坐标原点建立空间直角坐标系，求出平面的法向量，平面的法向量，利用空间向量的数量积求解面与面的夹角余弦值为，从而得到方程，解得即可【小问1详解】证明：如图，连，使，连，由直三棱柱，所以四边形为矩形，所以为中点，在中，、分别为和中点，又因平面平面，面，面，平面【小问2详解】解：设，以为坐标原点如图建系，则，所以
14、、，设平面的法向量则，故可取设平面的法向量，则，故可取，因为面与面的夹角余弦值为，所以，即，解得，18、（1）答案见解析（2）证明见解析【解析】（1）求解函数的导函数，并且求的两个根，然后分类讨论，和三种情况下对应的单调性；（2）令，通过二次求导法，判断函数的单调性与最小值，设的零点为，求出取值范围，最后将转化为的对勾函数并求解最小值，即可证明出不等式.【小问1详解】函数的定义域为令得，得或当，即时，时，或；时，.在上单调递增，在上单调递减，在上单调递增当，即时，时，或；时，.在上单调递增，在上单调递减，在上单调递增当，即时，在上单调递增综上所述：当时，在和上单调递增，在上单调递减；当时，在和上单调递增，在上单调递减；当时，在上单调递增【小问2详解】令，（），令，在上单调递增又，使得，即（*）当时，单调递减当时，单调递增，（）由（*）式可知：，函数单调递减，【
