《安徽省部分地区2024届高三上学期11月联考物理试题（含答案）》由会员分享，可在线阅读，更多相关《安徽省部分地区2024届高三上学期11月联考物理试题（含答案）（7页珍藏版）》请在金锄头文库上搜索。
1、 学科网（北京）股份有限公司 学科网（北京）股份有限公司 学科网（北京）股份有限公司、物理参考答案 第1 页(共4页)物理参考答案题号1234567891 0答案CDCBACBAB CB D1.C【解析】根据图像信息,甲车比乙车早出发3 s,甲车运动5 s,乙车运动2 s,两车在距离乙车出发点3 0 m处相遇,出发前两车相距4 0 m;根据v=x t,可以求得v甲=-2m/s,v乙=1 5 m/s,故选项A B D错误,C项正确。2.D【解析】垂直于斜面方向的力可以使整体有向右运动的趋势,故斜面受到地面的摩擦力向左,A错;a物体受重力、支持力、轻杆给它的作用力,不一定有摩擦力,b物体受重力、支
2、持力、轻杆给它的作用力、摩擦力,B、C错误;对a、b分别受力分析,可得两物块与斜面间的正压力相等,所以最大静摩擦力相等,则b先达到最大静摩擦力,先滑动,D正确。3.C【解析】篮球被抛出后做斜抛运动,水平方向做匀速直线运动,竖直方向做竖直上抛运动,设篮球空中飞行的时间为t,h=12gt2 2,篮球从乙飞向甲运动的时间比从甲飞向乙的时间长,故A错误;乙同学投出的篮球竖直分速度大,空中运行时间较长,水平位移相等,所以水平速度较小,不能确定乙接球的瞬时速度和他抛球的瞬时速度大小关系;抛篮球时,对篮球做的功W=12m v2,故B D错误;篮球经过最高点时的速度等于水平分速度,经过A点较大,故C正确。4.
3、B【解析】根据平衡条件和胡克定律得,m g2=k x,弹簧的伸长量 x为mg2k,故B正确;此时A受到的摩擦力为零,当木板与斜面的夹角减小时,物体A受到的静摩擦力增大,故C D均错。5.A【解析】设火星表面的重力加速度为g,探测器围绕火星表面运行时的线速度大小为v,根据牛顿第二定律得F-m g=m a,m g=mv2R,根据运动学公式h=12a t2,以上几个公式联立可得v=R Fm-2h Rt2,故A正确。6.C【解析】由图像可知,汽车以4 m/s2的加速度匀加速启动,匀加速运动的最大速度为2 0 m/s,最终以3 0 m/s做匀速运动。根据v=a t得,汽车匀加速所需时间t=va=2 04
4、s=5 s,选项A错;匀加速运动时,F-f=m a,匀加速运动到最大速度时P=F v,P=f vm,以上各式联立可得f=1.4 41 04N,P=4.3 21 05W,B错C对;当汽车加速度为2 m/s2时,速度1v=11212 0+13 0 ,解得速度v=2 4 m/s,故D项错误,答案为C。7.B【解析】缆绳断裂瞬间两名游客及座椅受到重力和其中一根缆绳的作用力,且其夹角为1 2 0,根据牛顿第二定律得F=3m a,F2=m g 2+3m g 2-m g3m gc o s 1 2 0,解得a=7g,B项正确。8.A【解析】根据牛顿第二定律得F=m a,a=2 m/s2,若力F方向与初速度同向
5、,x=v0t+12a t2,解得t1=1 0 4-82s;若力F方向与初速度反向,x=v0t-12a t2,解得t2=4+6 s、t3=4-6 s,故A正确。位移为矢量,位移为1 0 m,不是位移大小为1 0 m,因此不会出现位移为负值。9.B C【解析】设物块的加速度为a1,小车的加速度为a2,根据牛顿第二定律得m g=m a1,m g=M#QQABIQqEggCgAAIAABgCQQEYCgOQkAGCAIoGwAAIMAAAwAFABAA=#物理参考答案 第2 页(共4页)a2,解得a1=5 m/s2,a2=2.5 m/s2。设经时间t物块到达B点,根据运动学公式得L=v0t-12a1t
6、2-12a2t2,解得t=25st=2 s舍去 。v1=v0-a1t,v2=a2t,在B点根据牛顿第二定律得FN-m g=v1-v2 2R,解得FN=8 2 N;Q=m g L=1 5 J,故选项B C正确。1 0.B D【解析】圆环下降到b位置的过程中,圆环与木块组成的系统机械能守恒,圆环减少的机械能等于木块增加的机械能,A错误,m g L-Mg2L-L s i n=12m v21+12M v22,v2=v1c o s,c o s=22,解得v1=25-3 2 g L5,选项B正确,C错误;m g hm=Mgh2m+L2-L s i n,hm=1 25L,选项D正确,故本题选B D。1 1.
7、(6分)(1)C(2分)(2)1.6(2分)(3)2k(2分)【解析】(1)释放小车之前应先接通电源,待打点稳定后再释放小车,A项错误;绳中拉力可以由力传感器测出,不需要用天平测出砂和砂桶的质量,也不需要使砂和砂桶的总质量m远小于小车和滑轮的总质量M,故B D错误;用力传感器测量绳子的拉力,则力传感器示数的2倍等于小车受到的合外力大小,需要平衡摩擦力,故C正确。(2)a=(2 2.3 3-7.9 6)-7.9 61 0-240.12m/s2=1.6 m/s2;(3)以小车为研究对象,根据牛顿第二定律得2F=M a,F=M2a,k=M2,解得M=2k。1 2.(9分)(1)B(2分)(2)大于(
8、2分)xgy2-y1(2分)(3)x g2y(3分)【解析】(1)不需要轨道光滑,释放小球前不需要调整轨道平衡摩擦力,只需调整轨道,使其末端保持水平,保证小球做平抛运动即可;小球密度小,空气阻力影响较大,应选密度较大的小球。(2)y1y2=v0t+12g t2v02t+12g2t 2 -v0t+12g t2 =v0t+12g t2v0t+312g t213;v=xt,y2-y1=g t2,以上两式联立可得v=xgy2-y1。(3)v0=x t,y=12g t2,解得v0=x g2y。1 3.(1 0分)(1)3g4 G R;(2)3g R2T242-R【解析】(1)在地球表面GMmR2=m g
9、(2分)根据密度公式=MV(1分)#QQABIQqEggCgAAIAABgCQQEYCgOQkAGCAIoGwAAIMAAAwAFABAA=#物理参考答案 第3 页(共4页)V=43R3(1分)解得=3g4 G R(1分)(2)空间站绕地球做匀速圆周运动,万有引力提供向心力GMmR+h 2=m2 T 2R+h (2分)在地球表面GMmR2=m g(2分)解得h=3g R2T242-R(1分)1 4.(1 5分)(1)5 2m/s;(2)1 5 m【解析】(1)设乘客和座椅的总质量为m,绳子拉力为FT,对乘客和座椅整体进行分析。竖直方向上:FTc o s=m g(2分)水平方向上:FTs i n
10、=m 2R+Ls i n (2分)联立解得圆盘转动的角速度大小=2 r a d/s(1分)手机滑落瞬间的速度v=R+Ls i n (1分)解得v=5 2m/s(1分)(2)手机滑落后做平抛运动,竖直方向有h-Lc o s=12g t2(2分)解得手机滑落后做平抛运动的时间t=2 s(1分)则平抛运动的水平位移为x=v t=1 0 2m(2分)手机落地点距离中心转轴的距离:s=x2+R+Ls i n 2(2分)解得s=1 5 m(1分)1 5.(1 8分)(1)1 8 J;(2)大小为3 1 63N,方向竖直向下;(3)R20.9 m或R294m【解析】(1)弹簧的弹性势能转化为滑块的动能Ep=
11、12m v20(1分)t a n 5 3 =vyv0(1分)v2y=2g h(1分)解得Ep=1 8 J(1分)(2)滑块由B点到C点由动能定理得m g R11-c o s5 3 =12m v2C-12m v2B(2分)v2B=v2y+v20(1分)FN-m g=mv2CR1(1分)解得FN=3 1 63N(1分)#QQABIQqEggCgAAIAABgCQQEYCgOQkAGCAIoGwAAIMAAAwAFABAA=#物理参考答案 第4 页(共4页)由牛顿第三定律可得,滑块到达圆弧末端C时对轨道的压力大小为3 1 63N,方向竖直向下。(1分)(3)滑块冲上半圆轨道后不会脱离轨道运动,分两种情况:一是到达与圆心等高处时速度恰好为零;二是到达半圆弧轨道最高点。到达与圆心等高处时速度恰好为零由动能定理得:-m g LC D-m g R2=0-12m v2C(2分)解得R2=94m(1分)滑块能够到达半圆弧轨道最高点由动能定理得:-m g LC D-m g2R2=12m v2E-12m v2C(2分)在最高点,重力恰好提供向心力m g=mv2ER2(1分)解得R2=0.9 m(1分)综上,R20.9 m或R294m时,滑块冲上半圆轨道后不会脱离轨道运动。(1分)#QQABIQqEggCgAAIAABgCQQEYCgOQkAGCAIoGwAAIMAAAwAFABAA=#
