《2022年北京昌平区兴寿中学高三物理上学期摸底试题含解析》由会员分享，可在线阅读，更多相关《2022年北京昌平区兴寿中学高三物理上学期摸底试题含解析（16页珍藏版）》请在金锄头文库上搜索。
1、2022年北京昌平区兴寿中学高三物理上学期摸底试题含解析一、 选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分每小题只有一个选项符合题意1. 如图，战机在斜坡上进行投弹演练战机水平匀速飞行，每隔相等时间释放一颗炸弹，第一颗落在a点，第二颗落在b点斜坡上c、d两点与a、b共线，且ab=bc=cd，不计空气阻力，第三颗炸弹将落在（）Abc之间Bc点Ccd之间Dd点参考答案：A【考点】平抛运动【分析】飞机与炮弹的水平速度相同，则落点在飞机的正下方，据水平向与竖直向的位移关系画图分析，确定落点【解答】解：如图：假设第二颗炸弹经过Ab，第三颗经过PQ（Q点是轨迹与斜面的交点）；则a，A，B，P，C在同一水平
2、线上，由题意可知，设aA=AP=x0，ab=bc=L，斜面倾角为，三颗炸弹到达a所在水平面的竖直速度为vy，水平速度为v0，对第二颗炸弹：水平向：x1=Lcosx0=v0t1 竖直向：y1=vyt1+若第三颗炸弹的轨迹经过cC，则对第三颗炸弹，水平向：x2=2Lcos2x0=v0t2 竖直向：解得：t2=2t1，y22y1，所以第三颗炸弹的轨迹不经过c，则第三颗炸弹将落在bc之间，故A正确；故选：A2. 在军事演习中，某空降兵从飞机上跳下，先做自由落体运动，在t1时刻，速度达到最大值v1时打开降落伞，做减速运动，在t2时刻以较小速度v2着地。他的速度图象如图所示。下列判断正确的是（ ）A0t2
3、时间内，空降兵处于完全失重状态理科综合第3页 （共16页）Bt1t2时间内，空降兵处于失重状态Ct1t2时间内，平均速度Dt1t2时间内，平均速度参考答案：D3. 如图所示，一足够长的木板在光滑水平面上以速度v向右匀速运动，现将质量为m的物体竖直向下轻轻地放置在木板上的右端，已知物体和木板之间的动摩擦因数为。为保持木板的速度不变，须对木板施一水平向右的作用力F。从物体放到木板上到它相对木板静止的过程中，木块与物体组成的系统产生的内能为A. 2mv2B. mv2C. D. 参考答案：C【详解】M对m的摩擦力向右，则m对M的摩擦力向左，m做匀加速直线运动，当速度达到v和M一起做匀速运动；对m，有：
4、，则匀加速运动的时间为：则滑块运动的位移为：对M，有：，木板运动的位移为：；所以因摩擦产生的热量为：，故C正确，ABD错误。4. (单选题)一台发电机的线圈在磁场中匀速转动时，产生的电动势随时间变化的图象如图甲所示。发电机的线圈内阻为5.0，发电机外接一只电阻为105的灯泡。如图乙所示。则（ ）A在t=0.01s时刻，穿过线圈磁通量为零B在00.005s时间内，流过灯泡的电量为0.02CC电压表的示数为220VD发电机线圈内阻每秒钟产生的焦耳热为20J参考答案：D5. 关于弹力的方向，以下说法正确的是ABC2012学年普陀模拟17（ ）（A）压力的方向总是垂直于接触面，并指向被压物体（B）支持
5、力的方向总是垂直于支持面，并指向被支持物体（C）物体所受绳的弹力的方向，总是沿着绳且指向绳的收缩方向（D）杆对物体的弹力总是沿着杆，并指向杆收缩的方向参考答案：ABC二、 填空题：本题共8小题，每小题2分，共计16分6. 本世纪最靠近地球的小行星2012DA14从离地面约34800km的距离，以28000km/h的速度由印度洋苏门答腊岛上空掠过。如果小行星被地球俘获而成为绕地球做圆周运动的卫星，则小行星的环绕速度应为_m/s，该环绕速度_第一宇宙速度（选填“大于”、“等于”或“小于”）。已知地球表面重力加速度为9.8m/s2，地球半径为6.4103km。参考答案：3.12103m/s，小于7.
6、 假设某实验室恰好位于震源的正上方，该实验室中悬挂着一个静止的弹簧振子和一个静止的单摆，弹簧振子的弹簧和小球（球中间有孔）都套在固定的光滑竖直杆上。某次有感地震中同一震源产生的地震纵波和横波的波长分别为5.0km和2.5km，频率为2.0Hz。则可观察到_先开始振动（或摆动），若它开始振动（或摆动）3.0s后，另一装置才开始振动（或摆动），则震源离实验室的距离为_。参考答案： (1). 弹簧振子 (2). 30km【详解】根据可知，纵波的传播速度较横波大，可知纵波先传到实验室，即弹簧振子先振动；纵波的速度；横波的速度：；则，解得x=30km.8. 在如右图所示的逻辑电路中，当A端输入电信号为“
7、1”，B端输入电信号为“1”时，在C端和D端输出的电信号分别为_和_。参考答案：、0，0 9. 平抛运动可看成是水平方向的 运动和竖直方向的 运动的合运动参考答案：匀速直线运动，自由落体运动10. 在轨道半径是地球半径n倍的圆形轨道上，人造地球卫星运行的向心加速度大小是地表重力加速度的倍，人造地球卫星的运行速度大小是第一宇宙速度大小的倍参考答案：考点：第一宇宙速度、第二宇宙速度和第三宇宙速度专题：万有引力定律的应用专题分析：由万有引力提供向心力可表示人造卫星的加速度，第一宇宙速度是卫星在近地圆轨道上的环绕速度，根据引力等于向心力，列式求解；根据万有引力提供向心力表示出线速度即可求解解答：解：由
8、万有引力提供向心力可得：G=ma，解得：a=，则人造卫星的加速度与地面重力加速度之比为：a：g=：=第一宇宙速度为v：G=m，解得：v=同理可得人造卫星的速度为：v=故人造卫星的速度与第一宇宙速度之比为：故答案为：； 点评：抓住卫星所受的万有引力等于向心力这个关系即可列式求解！向心力公式根据需要合理选择11. 长L=0.5m的轻绳悬挂一质量m=0.2kg的小球（可看成质点），开始时绳竖直，小球与一倾角=45的质量M=1kg的静止三角形物块刚好接触，如图所示，不计所有的摩擦。若用水平推力使斜面体缓慢地向左移动，直至轻绳与斜面平行，在此过程中推力F_（选填“增大”、“减小”、“不变”、“先增大后减
9、小”或“先减小后增大”）；若用水平恒力F向左推动三角形物块，当轻绳与斜面平行时小球的速度大小为v=0.2m/s，重力加速度g=10m/s2，则此过程中推力F做的功为_J。参考答案：增大 0.33712. 如图所示，一定质量的理想气体发生如图所示的状态变化，状态A与状态B 的体积关系为VA VB(选填“大于”、“小于”或“等于”)； 若从A状态到C状态的过程中气体对外做了50J的功，则此过程中_ _(选填“吸热”或“放热”)参考答案：小于；吸热试题分析：状态A与状态B，压强不变，温度升高，根据气体状态方程，体积增大，所以VA 小于VB。从A状态到C状态的过程中，温度不变，内能不变，根据热力学定的
10、表达式U=Q+W，知道此过中吸热吸收的热量50J。考点：理想气体的状态方程13. 某发电厂用2.2KV的电压将电能输出到远处的用户，后改为用22KV的电压，在既有输电线路上输送同样的电功率。前后两种输电方式消耗在输电线上的电功率之比为_。要将2.2KV的电压升高到22KV，若变压器原线圈的匝数为180匝，则副线圈的匝数应该是_匝。参考答案：答案：100；1800解析：由于电线的电阻不变，相同的功率，以不同的电压输送时，输送电流也不同。设输送功率为P，则有，而在电线上损耗功率为，所以有损失的功率与输送电压的平方成反比，两种输电方式的输送电压之比为，所以损失功率之比为，即前后两种输电方式消耗在输电
11、线上的电功率之比为100。理想变压器没有能量损失，原副线圈的电压比等于匝数比。所以副线圈的匝数为原线圈匝数的10倍，等于1800匝。三、 简答题：本题共2小题，每小题11分，共计22分14. （简答）如图12所示，一个截面为直角三角形的劈形物块固定在水平地面上.斜面,高h=4m，a=37,一小球以Vo=9m/s的初速度由C点冲上斜面.由A点飞出落在AB面上.不 计一切阻力.(Sin37=0.6,cos37 =0.8,g=10 m/s2)求.(l)小球到达A点的速度大小； (2)小球由A点飞出至第一次落到AB面所用时间； (3)小球第一次落到AB面时速度与AB面的夹角的正切值参考答案：(1)1
12、(2) 0.25s（3） 6.29N机械能守恒定律解析：(1)从C到A对小球运用动能定理，解得v0=1m/s(2)将小球由A点飞出至落到AB面的运动分解为沿斜面（x轴）和垂直于斜面（y轴）两个方向;则落回斜面的时间等于垂直于斜面方向的时间所以（3）小球落回斜面时沿斜面方向速度垂直斜面方向速度vy=1m/s，所以（1）由机械能守恒定律可以求出小球到达A点的速度（2）小球离开A后在竖直方向上先做匀减速直线运动，后做自由落体运动，小球在水平方向做匀速直线运动，应用运动学公式求出小球的运动时间（3）先求出小球落在AB上时速度方向与水平方向间的夹角，然后再求出速度与AB面的夹角的正切值15. (6分)如
13、图所示，己知平行玻璃砖的折射率，厚度为.入射光线以入射角60射到玻璃砖的上表面，经玻璃砖折射从下表面射出，出射光线与入射光线平行，求两平行光线间距离。（结果可用根式表示） 参考答案：解析：作出光路如图 由折射定律得（2分） 所以r=30（2分） 由图知 则ABAC=dtan30=d 出射光线与入射光线间的距离是d（2分）四、计算题：本题共3小题，共计47分16. 如图所示，在水平面上固定一个平台ABCD，其中AB部分是长L=1.5m的水平轨道，BCD为弯曲轨道，轨道最高处C可视为半径为r=4m的小圆弧，现一个质量为m=1kg的滑块以初速度6m/s从A点向B点运动，到达B点时速度减为5m/s，当
14、滑块滑到平台顶点C处后作平抛运动，落到水平地面且落地点的水平射程为x=0.8m，轨道顶点距水平面的高度为h=0.8m，（平抛过程中未与平台相撞）（取g=10m/s2）求：（1）滑块与木板间的动摩擦因数；（2）滑块在轨道顶点处对轨道的压力；（3）滑块最终落地时的速度参考答案：考点：动能定理的应用；匀变速直线运动的位移与时间的关系；牛顿第二定律；向心力专题：动能定理的应用专题分析：（1）由动能定理可以求出动摩擦因数（2）由平抛运动规律求出滑块到达最高点时的速度，由牛顿第二定律求出支持力，然后由牛顿第三定律求出压力解答：解：（1）滑块从A到B过程，由动能定理得：mgL=mvB2mvA2，代入数据解得：=0.37；（2）滑块离开C后做平抛运动，竖直方向有：h=gt12，水平方向有：x=vt1，代入数据解得：t1=0.4s，v=2m/s，在C点，由牛顿第二定律得：mgF=m，代入数据解得：F=9N，由牛顿第三定律可知，滑块对轨道的压力：F=F=9N，方向竖直向下；（3）滑块最终落地时vx=v1=2m/svy=gt=100.4=4m/sv=2m/stan=2答：（1）滑块与木板间的动摩擦因数为0.37；
