《浙江省温州市泰顺县第七中学2022-2023学年高二物理模拟试卷含解析》由会员分享，可在线阅读，更多相关《浙江省温州市泰顺县第七中学2022-2023学年高二物理模拟试卷含解析（13页珍藏版）》请在金锄头文库上搜索。
1、浙江省温州市泰顺县第七中学2022-2023学年高二物理模拟试卷含解析一、 选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分每小题只有一个选项符合题意1. （单选）回旋加速器主体部分是两个D形金属盒。两金属盒处在垂直于盒底的匀强磁场中，并分别与高频交流电源两极相连接，从而使粒子每次经过两盒间的狭缝时都得到加速，如图所示。在粒子质量不变和D形盒外径R固定的情况下，下列说法正确的是（ ） A粒子每次在磁场中偏转的时间随着加速次数的增加而增大 B粒子在电场中加速时每次获得的能量相同 C增大高频交流的电压，则可以增大粒子最后偏转出D形盒时的动能D将磁感应强度B减小，则可以增大粒子最后偏转出D形盒时的动能参
2、考答案：B2. 圈N位于大线圈M中，二者共轴共面M与二平行导体轨道相连接，金属杆l与导轨接触良好，并位于匀强磁场中，要使N中产生逆时针方向的电流，下列做法中可行的是（）A 杆l向右匀速运动 B 杆向左匀速运动C 杆l向右加速运动 D 杆向右减速运动参考答案：D导体切割磁感线时的感应电动势解：AB、杆l向右或向左匀速运动时，杆l产生的感应电动势和感应电流恒定不变，大线圈M产生的磁场恒定不变，穿过小线圈N中的磁通量不变，没有感应电流产生，不符合题意故AB错误C、杆l向右加速运动时，杆l中产生的感应电动势和感应电流均增加，由右手定则判断出来杆l中感应电流方向向上，根据安培定则判断可知，M产生的磁场方
3、向：垂直纸面向外，穿过N的磁通量增大，由楞次定律判断得知：线圈N产生顺时针方向的感应电流，不符合题意故C错误D、杆l向右减速运动时，杆l中产生的感应电动势和感应电流均减小，由右手定则判断出来杆l中感应电流方向向上，根据安培定则判断可知：M产生的磁场方向：垂直纸面向外，穿过N的磁通量减小，由楞次定律判断得知：线圈N产生逆时针方向的感应电流，符合题意故D正确故选：D3. 如图所示，A、B两闭合圆形线圈用同样导线且均绕成10匝，半径RA2RB，内有以B线圈作为理想边界的匀强磁场，若磁场均匀减小，则A、B环中感应电动势EAEB与产生的感应电流IAIB分别是（ ）AEAEB12；IAIB14BEAEB1
4、2；IAIB12CEAEB14；IAIB21DEAEB11；IAIB12参考答案：D两环的磁通量变化率总是相同的，根据法拉第电磁感应定律，两线圈的电动势相同。4. 关于惯性的说法正确的是A.运动物体不容易停下来是因为物体具有惯性B.速度大的物体惯性大C.地球上的物体才有惯性D.惯性都是有害的,我们应设法防止参考答案：A5. （多选题）一小球质量为m，用长为L的悬绳（不可伸长，质量不计）固定于O点，在O点正下方处钉有一颗钉子，如图所示，将悬线沿水平方向拉直无初速释放后，当悬线碰到钉子后的瞬间，则（）A小球线速度没有变化B小球的角速度突然增大到原来的2倍C小球的向心加速度突然增大到原来的2倍D悬线
5、对小球的拉力突然增大到原来的2倍参考答案：ABC【考点】机械能守恒定律；牛顿第二定律；向心力【分析】小球在下摆过程中，受到线的拉力与小球的重力，由于拉力始终与速度方向相垂直，所以它对小球不做功，只有重力在做功当碰到钉子瞬间，速度大小不变，而摆长变化，从而导致向心加速度变化，拉力变化【解答】解：A、当碰到钉子瞬间，小球到达最低点时线速度没有变化，故A正确B、根据圆周运动知识得：=，而半径变为原来的，线速度没有变化，所以小球的角速度突然增大到原来的2倍，故B正确C、根据圆周运动知识得：a=，而半径变为原来的，线速度没有变化，所以向心加速度突然增大到原来的2倍，故C正确；D、小球摆下后由机械能守恒可
6、知，mgL=mv2，因小球下降的高度相同，故小球到达最低点时的速度相同，v=在最低点根据牛顿第二定律得：Fmg=ma=m，原来：r=L，F=mg+m=3mg而现在半径变为原来的，线速度没有变化所以F=mg+m=5mg悬线对小球的拉力突然增大到原来的倍，故D错误故选ABC二、 填空题：本题共8小题，每小题2分，共计16分6. （5分）电学中的库仑定律、欧姆定律、法拉第电磁感应定律（有关感应电动势大小的规律）、安培定律（磁场对电流作用的规律）都是一些重要的规律，下图为远距离输电系统的示意图（为了简单，设用户的电器是电动机），试用你所学的知识, 从上述规律找出下列五个过程中所遵循的物理规律，填入下表
7、中.元器件对应的物理规律发电机升压变压器高压输电导线降压变压器电动机参考答案：每空1分，共5分元器件对应的物理规律发电机法拉第电磁感应定律升压变压器法拉第电磁感应定律高压输电导线欧姆定律降压变压器法拉第电磁感应定律电动机安培定律7. 如图所示，矩形线圈一边长为a，另一边长为b，电阻为R，在它以速度v匀速穿过宽度为L、磁感应强度为B的匀强磁场的过程中，已知bL，产生的电能为_；通过导体截面的电荷量为 。参考答案：2B2a2bv/R 2Bab/R8. 如图所示。放在磁感应强度为1.0T的匀强磁场中的导体abc中通有方向由a到b到c、大小为2.0A的电流。ab=0.3m，bc=0.4m。则该导体受到
8、的安培力大小为 ，方向为 。参考答案：9. （4分）有一电容器两极接在的电源两端，带电量为，若两极间的电压增大为，此时这个电容器的带电量为 ，电容是 。参考答案：；10. 如图，用伏安法测电阻，当被测电阻阻值不能估计时，可采用试接法让伏特表一端接在电路的a点上，另一端先后接在b点和c点，注意观察两个电表的示数若安培表的示数有显著变化，则待测电阻的阻值跟 表内阻可以比拟，伏特表应接在a、 两点，并且测量结果 .参考答案：11. 宇宙飞船(内有宇航员)绕地球做匀速圆周运动，地球的质量为M，宇宙飞船的质量为m，宇宙飞船到地球球心的距离为r，引力常量为G，宇宙飞船受到地球对它的万有引力F_；飞船内的宇
9、航员处于_状态(选填 “超重”或“失重”)参考答案：；失重12. 质量为m1=2kg的带正电绝缘球A，在光滑水平面上，从无限远处以初速度10m/s，向另一个固定在水平面上带同号电荷的绝缘球B靠近，B球的质量为m2=3kg，在它们相距到最近时，总的动能为_J，A球具有的电势能为_ J。参考答案：0 100 13. 一般分子的直径的数量级是 。在用油膜法测量分子直径的实验中,用到的计算公式是 ，其中字母d表示分子直径， V表示一滴油酸酒精溶液中纯油酸的体积，S表示紧密单分子油膜层的面积。参考答案：10-10m ，d=V/S三、 实验题：本题共2小题，每小题11分，共计22分14. (1)在“探究单
10、摆周期与摆长的关系”实验中，两位同学用游标卡尺测量小球的直径如图12甲、乙所示。测量方法正确的是_(选填“甲”或“乙”)(2)实验时，若摆球在垂直纸面的平面内摆动，为了将人工记录振动次数改为自动记录振动次数，在摆球运动最低点的左、右两侧分别放置一激光光源与光敏电阻，如图丙所示。光敏电阻与某一自动记录仪相连，该仪器显示的光敏电阻阻值R随时间t变化图线如图丁所示，则该单摆的振动周期为_。若保持悬点到小球顶点的绳长不变，改用直径是原小球直径2倍的另一个小球进行实验，则该单摆的周期将_(填“变大”、“不变”或“变小”)，(3)若已正确测出悬线长L和摆球直径d,及图丁中读取的周期,写出求重力加速度的计算
11、式g=_。 参考答案：(1)乙(2)2t0变大(3)15. 某同学利用气垫导轨做“探究碰撞中的不变量”的实验；气垫导轨装置如图所示，所用的气垫导轨装置由导轨、滑块、弹射架、光电门等组成（l）下面是实验的主要步骤：安装好气垫导轨，调节气垫导轨的调节旋钮，使导轨水平；向气垫导轨通入压缩空气；接通光电计时器；把滑块2静止放在气垫导轨的中间；滑块1挤压导轨左端弹射架上的橡皮绳；释放滑块1，滑块1通过光电门1后与左侧固定弹簧的滑块2碰撞，碰后滑块1和滑块2依次通过光电门2，两滑块通过光电门后依次被制动；读出滑块通过两个光电门的挡光时间分别为滑块1通过光电门1的挡光时间t1=10.01ms，通过光电门2的
12、挡光时间t2=49.99ms，滑块2通过光电门2的挡光时间t3=8.35ms；测出挡光片的宽度d=5mm，测得滑块1（包括撞针）的质量为ml=300g，滑块2（包括弹簧）质量为m2=200g；（2）数据处理与实验结论：实验中气垫导轨的作用是 碰撞前滑块l的速度vl为 m/s；碰撞后滑块1的速度v2为 m/s；滑块2的速度v3为 m/s；（结果保留两位有效数字）在误差允许的范围内，通过本实验，同学们可以探究出哪些物理量是不变的？通过对实验数据的分析说明理由（至少回答2个不变量）a b 参考答案：a、大大减小了因滑块和导轨之间的摩擦而引起的误差b、保证两个滑块的碰撞是一维的 0.50，0.10，0
13、.60a、系统碰撞前后总动量不变b碰撞前后总动能不变c碰撞前后质量不变【考点】验证动量守恒定律【分析】（1）使用气垫导轨使两物块只能沿导轨做直线运动，保证了两物块碰撞前后在同一条直线上做一维碰撞，同时气垫导轨的使用减小了摩擦阻力，从而减小了实验误差（2）滑块的宽度除以滑块通过光电门的时间等于滑块通过光电门的速度（3）由于发生弹性碰撞，故碰撞过程中动量守恒，动能守恒【解答】解：a、大大减小了因滑块和导轨之间的摩擦而引起的误差b、保证两个滑块的碰撞是一维的 滑块1碰撞之前的速度v1=0.50m/s；滑块1碰撞之后的速度v2=0.10m/s； 滑块2碰撞后的速度v3=0.60m/s；a、系统碰撞前后
14、总动量不变原因：系统碰撞之前的动量m1V1=0.15kgm/s 系统碰撞之后的动量m1V2+m2V3=0.15kgm/s b碰撞前后总动能不变原因：碰撞前的总动能Ek1=m1V12/2=0.0375J 碰撞之后的总动能Ek2=m1V22/s+m2V32/2=0.0375J，所以碰撞前后总动能相等c碰撞前后质量不变故本题答案为：a、大大减小了因滑块和导轨之间的摩擦而引起的误差b、保证两个滑块的碰撞是一维的 0.50，0.10，0.60a、系统碰撞前后总动量不变b碰撞前后总动能不变c碰撞前后质量不变四、计算题：本题共3小题，共计47分16. 如图所示，质量为M的木块放在光滑水平面上，现有一质量为m的子弹向右以速度v0射入木块中。设子弹在木块中所受阻力不变，且子弹未射穿
