《【全国卷】名校教研联盟2023届高三联考（三）理数参考答案和解析》由会员分享，可在线阅读，更多相关《【全国卷】名校教研联盟2023届高三联考（三）理数参考答案和解析（10页珍藏版）》请在金锄头文库上搜索。
1、理科数学参考答案（全国卷）第 1页（共 9 页）绝密启用前（全国卷）理科数学参考答案1.【答案】B【解析】2i212i1i)1)(1i()i1(i1iiz，2i21z，222i21iz.2【答案】C【解析】31xxM，3Nx x，所以13MNxx.3【答案】A【解析】因为a，b为单位向量，所以345442222babbaaba，所以21ba，02)2(2baabaa.4.【答案】B【解析】x的系数为15)1()2(C)1()2(CC)1()2(CC4015211335022555.5.【答案】A【解析】因为21)()1(xfxf，则)211()1(2211)211()1()10()2()1(1
2、010fffff，)211(2)1(211)211()11()30()12()11(20920fffff，所以122)211)(211()211(2)30()12()11()10()2()1(102010101010ffffff.6.【答案】D【解析】只有当ba 时才存在平面，使a，b，且c，c，故 A 错误；若存在平面，使a，b，且c，c，则此时与不平行，故 B 错误；存在两个平面，使c，且a，b与所成角相等，故 C 错误；存在平面，使a，b，且c，故 D 正确.7.【答案】C【解析】当列车行驶的距离为s时，车轮转过的角度为Rs，此时P到铁轨上表面的距离为cos(1 cos).ssRRRRR
3、1理科数学参考答案（全国卷）第 2页（共 9 页）8.【答案】C【解析】方法方法 1：由xyx222，得1)1(22yx，表示圆心坐标为)0,1(，半径为 1的圆，且2xy的几何意义为过点)0,2(和该圆上一点的直线的斜率，所以当该直线与圆相切于第一象限时2xy的值最大，由几何关系可知最大值为42.方法方法 2：设(2)(2)yk xx，代入222xyx并化简得2222(1)2(21)40kxkxk，由22224(21)16(1)0kkk 解得22 44k，9.【答案】D【解析】0747aS，04a，因为07a，所以5a，6a的符号不确定，而03a，08a，所以63aa，85aa 的符号不确定
4、；6765473aaaaSS，若06a，则47SS；设公差为d，则0d，所以0113)(737987914daaaaaS10.【答案】B【解析】如图，设PF1与渐近线l交于点R，O为坐标原点，则R为线段PF1的中点，由三角形中位线 定理 可 知2PFl，又因 为lPF 1，所以PFPF21由点到直线距离公式得bRF1，所以bPF21，abPF222，222212244)22()2(baFFabb，故ab2，aPF41，aPF22，设mQF1，则maPQ 4，amQF22，在直角2PQF中有，22222QFPFPQ，即222)2(4)4(amama，则am34，aQF3102，所以53sin22
5、2QFPFQPF11.【答案】D【解析】设)()(xxfxg，则1)1()1(fg，)()()(xf xxfxg，因为0)(1xfx，所 以)(xf单 调 递 减，且0)(1xf x，所 以 当)1,0(x时，1)1()(fxf，0)(1)(xf xxg，)(xg单调递增，故1)1()2(ln2ln)2(lngfg，即elog2ln1)2(ln2f；2理科数学参考答案（全国卷）第 3页（共 9 页）1)1()1(1)1(gfg，即)1(f；由于)(xf单调递减，所以e21)1()2(lg ff；1)1()21(21)21(gfg，即e2)21(f，故 D 正确.12.【答案】A【解析】每个底面
6、四个顶点共圆的直四棱柱的所有顶点必在同一球面上，如图，假设由三棱锥ABCP可以补成一个直四棱柱FPGCADBE，且底面四边形ADBE存在外接圆，因为PAAC，PBBC，所以ADAE，BDBE，所以ABDABE，ADBAEB，且180ADBAEB，所以90ADBAEB，AB为四边形ADBE的外接圆直径.设四棱柱的侧棱长为h，则2211 hAE，229 hBE，所以42202222ABhBEAE，22h，所以3 ADAE，1 BDBE，所以30BADBAE，60EAD，ADE是等边三角形，PCAEDE3，故假设成立，所以四边形ABGF的两条对角线的交点即为所在球的球心.易知球半径3R，所以球的体积
7、为34343R.13.【答案】)1(e3xy【解析】当1x时，0eay，故ea，xxyCxee:，因为2ee)1(xxyx，所以当1x时，e3 y，所以曲线C在点)0,1(处的切线方程为)1(e3xy14.【答案】35【解析】方法方法 1：多面体AEFCCA11的体积等于三棱柱111CBAABC 的体积与三棱台111CBAEBF 的体积之差，其中三棱柱111CBAABC 的体积为4，三棱台111CBAEBF 的体积为37，所以多面体AEFCCA11的体积为35.方法方法 2：所求体积为1111 11112332AAEFFACC AAEFACC AVVSAAS145333.15.【答案】1513
8、3理科数学参考答案（全国卷）第 4页（共 9 页）【解析】设事件M为 A 灯亮，事件N为 B 灯亮，事件X为开关甲闭合，事件Y为开关乙闭合，事件Z为开关丙闭合，则)()()(MPNMPMNP，其中241341312121)()()()()(ZPYPXPXPNMP，8541214121)()()()()()(ZPXPZPXPZXPMP，所以1513)(MNP.16.【答案】108【解析】如图，易知C的焦点为)0,1(F，显然当xAB轴时，AF不垂直于BF，设过点)0,7(的直线l的斜率为)0(kk.则)7(:xkyl，将)7(xky代入xy42，得xxk4)7(22，即049)27(22222k
9、xkxk设),(11yxA，),(22yxB，则2221)27(2kkxx，4921xx，11(1,)FAxy，22(1,)FBxy，所以1212(1)(1)0FA FBxxy y ，解得212k.设PA，PB与x轴正方向的夹角分别为，由抛物线的光学性质可知APB，22AFB2，故APB4，且由圆的性质可知APBAQB 22，所以QAB是等腰直角三角形，其中ABBQAQ22，且3121212xxkAB，故108422122ABAQBQAQSQAB.17.（12 分）【解析】（1）设内角A，B，C的对边分别为a，b，c，由正弦定理可知ca 2，1 分由余弦定理可知1611452cos222222
10、abaacbcaB.3 分解得ab23，4 分又因为16153cos1sin2BB，5 分4理科数学参考答案（全国卷）第 5页（共 9 页）所以由正弦定理可知815sin32sinBA.6 分（2）设ABC的外接圆与内切圆的半径分别为R，r，由（1）及正弦定理可知RAa2sin，故15154aR，8 分由三角形面积公式可知：161532sin2aAbcSABC，9 分且ABC的周长为acba29，所以1615329212aarSABC，故1215ar，11 分所以ABC的外接圆与内切圆的面积之比为25256)(222rRrR.12 分18.（12 分）【解析】（1）根据列联表得：635.614
11、3.5736751059090)45603045(18022K，3 分所以没有 99%的把握认为学生每周平均运动时长与性别有差异.4 分（2）男生中每周平均运动时长不少于 7 小时的比率为2190451p，女生中每周平均运动时长不少于 7 小时的比率为3190302p，则)21,2(BX，)31,2(BY，所以1212)(XE，32312)(YE，5 分根据题意可知2,1,0,1,2 Z，361)31()21()2()0()2(22YPXPZP，6 分61)31(2121C3231C)21()2()1()1()0()1(212122YPXPYPXPZP，7 分)2()2()1()1()0()0
12、()0(XPXPYPXPYPXPZP3613)31()21(3231C2121C)32()21(22221222，313231C)21()32(2121C)1()2()0()1()1(122212YPXPYPXPZP，8 分91)32()21()0()2()2(22YPXPZP，9 分所以319123113613061)1(361)2()(ZE，11 分5理科数学参考答案（全国卷）第 6页（共 9 页）所以)()()(YEXEZE.12 分19.（12 分）【解析】（1）方法方法 1：连接CB1，延长DB1，BA交于点E，连接CE，则11BCCB，CEBC，2 分因为1CC平面BCE，所以CE
13、CC 1，CE平面11BBCC，3 分因为1BC平面11BBCC，所以1BCEC，1BC平面CEB1，4 分因为DB1平面CEB1，所以11BCDB.5 分方法方法 2：由条件得10AAAB ，10AAAC，21|2AB ACAB ，221AAAB，2 分所以2111111111()()()22DB BCAAABACAAABAA ACAAAA AB 210AB ACAB AAAB ，4 分所以11BCDB.5 分方法方法 3：连接CB1，延长DB1，BA交于点E，连接CE，以C为坐标原点，CE为x轴，CB为y轴，1CC为z轴建立如图示的空间直角坐标系Cxyz，设|2AB ，则(3 1 1)D，
14、(0 2 0)B，1(0 2 2)B，1(0 0 2)C，2 分所以1(3 1 1)DB ，1(0 2 2)BC ，3 分所以110DBBC ，即11BCDB.5 分（2）在（1）的条件下，若1B，D，M，N在同一平面上，则E，M，N在同一直线上，6 分过A作BCAF，交EN于F，设2BC，kNC，则2221kBNAF，所以ABCANCSkS2，ANCCMNSkkkS22，6理科数学参考答案（全国卷）第 7页（共 9 页）所以ABCABCCMNSSkkS3122，解得1k，则1NC，34CM.8 分以C为坐标原点，CE为x轴，CB为y轴，1CC为z轴建立坐标系，则)0,1,3(A，)0,32,
15、332(M，)0,1,0(N，)2,2,0(1B，所以3 1(,0)33MA，12 3 4(,2)33MB ，2 3 1(,0)33MN ，9 分设平面1AMB与平面MNB1的法向量分别为m),(111zyx，n),(222zyx，则02343320313311111zyxyx，023433203133222222zyxyx，不妨取11x，12x，则m)3,3,1(，n)3,32,1(，10 分所以cosnmnmnm,77231213313332311，故二面角NMBA1的正弦值为721)772(12.12 分20.(12 分)【解析】（1）根据题意有，)1,0(B，设)0,(cF，则(,1)
16、FBc ，(2,1)FPc，1 分当BFPF 时，(2)10FP FBcc ，2 分所以1c，3 分根据椭圆的几何性质可知2122ca，所以C的方程为1222 yx.4 分（2）设MN的方程为1)2(xky，代入C的方程有：02)12(2)21(4)12(222kxkkxk，5 分设),(11yxM，),(22yxN，则12)12(4221kkkxx，12)1(8122)12(222221kkkkkxx，6 分直线MF的方程为0)1(111yyxxy，直线NF的方程为0)1(222yyxxy，所以点B到直线MF，NF的距离分别为2121111)1(1yxyxd，2222222)1(1yxyxd，若直7理科数学参考答案（全国卷）第 8页（共 9 页）线BF平分MFN，只需满足21dd，8 分即)1()1()1()1(21212222222211yxyxyxyx，整理化简有2122221222111221)1()1)(1()1()1)(1(yyxyxxyyxyxx，即)1()1()1()1)(1)(1(211221211221yxyxyyyxyxxx，故只需满足2121)1)(1(yyxx
