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1、学科网（北京）股份有限公司河北省河北省 2023 届高三年级大数据应用调研联合测评（届高三年级大数据应用调研联合测评（）物理参考答案及评分标准物理参考答案及评分标准1D【解析】衰变过程一定遵循质量数守恒，电荷数守恒，A 错误；由于21EE，所以衰变质量亏损更多，即6428Ni质量比6430Zn小，B 错误；6429Cu的比结合能为 E，设6430Zn的比结合能为1E，则1116464EEE，同理设6428Ni的比结合能为2E，则226464EEE，解得1212,6464EEEEEE，C 错误，D 正确，选 D2B【解析】设铁索与水平面的夹角为，则cosLd，L 增加，也增加，铁索之间的夹角减小
2、，游客重力不变，铁索对人的作用力不变，铁索之间夹角减小，所以铁索上的拉力减小，只要 L、d 不变，也不变，故选 B3A【解析】光路如图所示，光射在弧面上的 D 点恰好发生全反射，根据1sinCn可知60ADO，根据几何关系可知光在介质中传播的路程4.5sR，光在介质中传播的速度32cvcn，光在介质中传播的时间3 3sRtvc，选项 A 正确4B【解析】物块AB碰撞过程中动量守恒，2220120121133,222mvmvmvmvmvmv，解得0012,22vvvv，A、B 速度大小相等，但方向相反，A 错误；弹簧压缩到最短时根据动量守恒0(3)mvmm v，解得04vv，根据牛顿第二定律，A
3、、B 加速度任意时刻之比都为3:1，故平均加速度之比也为3:1，对 B：220011,322BBAAxa td xv ta tdd，故 B 正确弹簧的压缩量04ABxxxdd，故 C 错误；从压缩弹簧到弹簧完全弹开，物块 B 速度由 0 增大至04v，和由增04v大至02v的过程中受到的弹力对称，速度变化相同，故两段时间相同，从开始压缩弹簧到弹簧恢复原长，经历的时间为2t，D 错误，故选 B1学科网（北京）股份有限公司5D【解析】导体棒ab切割磁感线产生的感应电动势10 2 sin100VeBLvt，根据理想变压器变比公式得22211,10VnUUnU，解得线圈1n两端的电压12VU，由于电压
4、表为理想电表，所以电压表示数为2V，故 A 错误，接有交流电源的线圈为原线圈，线圈2n为副线圈，故 B 错误，2R的滑片向下移动，小灯泡上的电流不变，故 C 错误，12RR、两端电压始终为2V，将1R等效为电源内阻，所以当21R 时，2R上消耗的功率最大，故 D 正确6B【解析】物块运动到距地面高 h 处时，其机械能00coscossinsinEmghmghmgh，可知图 2中图像的斜率cos1sin2mgkmg，解得1tan27C【解析】壳内场强处处为 0，故移动试探电荷不做功，A 错误；在圆心 O 处放一个电量为2Q的点电荷，由于静电感应，球壳内表面感应出2Q的电荷，则球壳外表面的电荷量为
5、Q，B 错误；在R处取走极小一块面积S，根据对称性，圆心 O 处场强为R处极小一块面积的电荷产生的电场，44kQ SER，C正确：在圆心 O 正上方处取走极小一块面积S，整个球壳在 B 点的电场124kQER，水平向右，与 O 正上方电荷在 B 点的场强为2420kQ SER，方向斜向右下1E与2E，矢量作差即为 B 点电场强度，D 错误；选 C8AD【解析】该北斗卫星在静止轨道运行的周期与地球周期相同，设该颗北斗卫星在静止轨道的半径为 r，根据万有引力定律与牛顿第二定律得：2224GMmrmrT，北极处重力加速度为 g，则2GMgR解得22324gR Tr，故 A 正确，7.9km/s为人造
6、卫星最大环绕速度，所以在近地轨道运行的该北斗卫星的线速度小于7.9km/s，故 B 错误，该颗北斗卫星在变轨过程中需要点火加速，所以该颗卫星的机械能不守恒，故 C错误，北斗卫星运行到轨道的 B 点需要点火加速变轨到静止轨道，所以23BBvv，故 D 正确9AC【解析】根据理想气体状态方程pVCT，可知1pCTV，结合图像可知图像的斜率越大体积越小，ABVV，故 A 状态下单位体积内的气体分子数大于 B 状态，选项 A 正确；由于气球会收缩，因此气球内压强大于环境压强，选项 B 错误；由于气球膨胀，故气体对外做功，所以气体吸收的热量大于气体内能的增量，选项 C 正确；温度降低、气体分子平均动能减
7、少，选项 D 错误10AD【解析】金属棒在半圆弧上做匀速圆周运动时，感应电动势为110cosEB Lv，为正弦交流电，2学科网（北京）股份有限公司半个周期金属棒产生的焦耳热为2101011J32B LvrQRvRR，A 正确；金属棒落到倾斜导轨时，12.5m/sv，之后在导轨上匀加速下滑，加速度为2sin376m/sag，滑倒ab时的速度为22221,2v vvax，解得24m/sv，所用时间0.25st，虚线abcd区域内的磁场产生的感应电动势为221VEL k，金属棒从落到EFGH、轨道上到运动到虚线边界ab的过程中，导体棒上产生的焦耳热2221J4EQRtRR，B 错误；金属棒进入虚线区
8、域瞬间，有22222sin37B L vmgRR，故导体棒匀速运动，通过虚线区域时的时间10.125st，电量为10.5qIt，C 错误，D 正确，故选 AD11【答案】（1）向下（2）2sLr（3）2mgrsL【解析】挂上砂桶后，弹性杆产生形变，连接平面镜的刚性杆 A 倾斜，平面镜绕O点逆时针旋转角度，由于 L 远大于弹性杆的形变量，rL，所以角较小，满足tan，根据反射定律与几何关系可得：tanxL，弧长2sr，联立解得2sLxr，砂桶中细砂不断流出，砂桶的总质量减小，所以反射光点沿PQ圆弧向下移动根据胡克定律知kxmg，解得2mgrksL12【答案】（1）42.2=（2）2.97（3）4
9、9.5A【解析】（1）图 1 为等效法测电阻，当电路中电流不变时，电阻箱阻值和电流表1A阻值相同，故1A的内阻为42.2，交换两电流表位置，电流表示数不变，可知两表内阻相同；（2）根据闭合电路欧姆定律可得13AEI RRr，代入数据可解得2.97VE；（3）根据闭合电路欧姆定律可知当电流表1A满偏时1EI R内，当接入电阻xR时，2xEIRR内，联立解得121 2xIIREI I，代入数据解得49.5xR；根据计算过程可知电流表和电源的内阻对计算xR的阻值无影响，电动势 E 测量值偏小会使得计算出的xR值偏小，选项 A 正确13【答案】（1）2x处质点的相位落后1x处质点2，32sin 5cm
10、2yt；（2）0.3m/s【解析】（1）由图像可知2x处质点的相位落后1x处质点牙2振动方程为：32sin 5cm2yt（2）由图像可知0.4sT 3学科网（北京）股份有限公司2123cm,xxx在1x右侧3cm处，2x处质点的相位落后1x质点2，故12cm根据0.3m/svT14【答案】（1）02xkm，弹性碰撞（2）20332kxmg【解析】（1）对 A 由动能定理得：2201122Akxmv碰后物块 A 的速度为Av，由题意知22011242Axkmv，解得12AAvv 由动量守恒定律得：AABmvmvMv，若碰后 A 的速度方向不变，解得16BAAvvv A 与 B 还会再次碰撞，不符
11、合题意，因此AB碰后 A 的速度方向反向，则3AABmvmvmv 解得0122BAxkvvmA 与 B 碰撞时损失的机械能222111222AABEmvmvMv，解得0E 所以 A 与 B 的碰撞为弹性碰撞（2）B 与 C 组成的系统动量守恒，则()BMvMm v若要使物块 C 不从木板 B 上滑落，则木板 B 至少长度为 L，则：2211()22BmgLMvMm v解得20332kxLmg15【答案】（1）32mgqBgR（2）2224m gB q R（3）432332m g tBgm qq B R【解析】（1）小球由 A 运动到 C 的过程中212CmgRmv小球运动到 C 点时2CmvN
12、qvBmgR32NmgqBgR由牛顿第三定律得，小球到 C 点时对轨道的压力32NNmgqBgR 方向竖直向下（2）小球在匀强电场1E中由 B 点运动到 O 点的过程中，4学科网（北京）股份有限公司12Bvtg21112E qRtm小球在电场2E中做匀速圆周运动22E qmg22BBmvqv BR联立解得212224Em gEB q R（3）小球在电场1E和22E内做周期性运动，运动一周在1E中运动的时间12Bvtg小球获得的水平速度112xRv t小球运动一周在2E，中运动的时间：2BRtv 小球运动的周期1Ttt 每个周期内挡板和小球组成的系统增加的内能2012xEmv在比较长的一段时间 t 内，挡板和小球组成的系统增加的内能0tEET联立解得432332m g tEBgm qq B R5
