《中考数学二轮复习考点突破专题54 探究发现类创新型综合素养能力题（教师版）》由会员分享，可在线阅读，更多相关《中考数学二轮复习考点突破专题54 探究发现类创新型综合素养能力题（教师版）（33页珍藏版）》请在金锄头文库上搜索。
1、专题54 探究发现类创新型综合素养能力题探究题类型比较烦杂，以问题表现形式来分，大致可归类为开放型、新信息型、存在型等.一、开放型探究题 开放型探究题按题型结构分为条件开放型、结论开放型与策略开放型.此类探究题注重考查学生思维的严谨性和培养发散思维的能力. 二、新信息型探究题 进入新时代，新信息型探究题逐渐成为考查中的亮点，这类题目通常都会出现一些新的定义概念、规则、运算等，如何理解和运用题中提供的新信息是处理此类问题的关键.比如“等邻边四边形”、“智慧三角形”、“勾股分割点”等都属于新信息探究题. 三、存在型探究题 存在与否型探索问题历来都是考查的重点，几何与代数都有涉及.解决此类问题的一般
2、思路为假设结论成立或存在.结合已知条件，建立数学模型，仔细分析，层层推进，如果能获得相应的结论，则假设成立，如果出现矛盾则说明原假设并不成立. 探索结论的存在性问题，是综合探究题之一，是开放型试题的重点题型，是中考的热点，也是难点，更是亮点。若在选择题、填空题中出现，一般考查的难度属于中等难度，若在选择题或者填空题的最后一道小题出现，就属于压轴题。但根据全国各地中考试卷看，探索结论的存在性问题，都以压轴大题形式出现，这类试题只是覆盖面广，综合性强。解决问题基本思路是：首先假设研究的数学对象存在，然后从假设出发，结合题目条件进行计算推理论证，若所得结论正确合理，说明结论存在；若所得结论不合理，说
3、明结论不存在。解题时要注意的是：（1）明确这类问题的解题思路，即假设存在法；（2）要对各方面知识理解到位，能灵活应用知识进行分析、综合、概括和推理；（3）心中一定要装有重要的数学思想方法，比如建构方程的思想、数形结合的思想、转化思想等，在数学思想方法引领下，让解决问题具有方向性，避免盲目性。（4）作图要科学规范，便于解决问题为宜。【例题】（2020河南）小亮在学习中遇到这样一个问题：如图，点D是上一动点，线段BC8cm，点A是线段BC的中点，过点C作CFBD，交DA的延长线于点F当DCF为等腰三角形时，求线段BD的长度小亮分析发现，此问题很难通过常规的推理计算彻底解决，于是尝试结合学习函数的经
4、验研究此问题请将下面的探究过程补充完整：（1）根据点D在上的不同位置，画出相应的图形，测量线段BD，CD，FD的长度，得到下表的几组对应值 BD/cm01.02.03.04.05.06.07.08.0CD/cm8.07.77.26.65.9a3.92.40FD/cm8.07.46.96.56.16.06.26.78.0操作中发现：“当点D为的中点时，BD5.0cm”则上表中a的值是 ；“线段CF的长度无需测量即可得到”请简要说明理由（2）将线段BD的长度作为自变量x，CD和FD的长度都是x的函数，分别记为yCD和yFD，并在平面直角坐标系xOy中画出了函数yFD的图象，如图所示请在同一坐标系中
5、画出函数yCD的图象；（3）继续在同一坐标系中画出所需的函数图象，并结合图象直接写出：当DCF为等腰三角形时，线段BD长度的近似值（结果保留一位小数）【答案】见解析。【分析】（1）由可求BDCDa5cm；由“AAS”可证BADCAF，可得BDCF，即可求解；（2）由题意可画出函数图象；（3）结合图象可求解【解析】（1）点D为的中点，BDCDa5cm，故答案为：5；（2）点A是线段BC的中点，ABAC，CFBD，FBDA，又BADCAF，BADCAF（AAS），BDCF，线段CF的长度无需测量即可得到；（3）由题意可得：（4）由题意画出函数yCF的图象；由图象可得：BD3.8cm或5cm或6.2
6、cm时，DCF为等腰三角形【对点】在RtABC中，ABC=90，AB=，AC=2，过点B作直线mAC，将ABC绕点C顺时针旋转得到ABC（点A，B的对应点分别为A，B），射线CA，CB分別交直线m于点P，Q（1）如图1，当P与A重合时，求ACA的度数；（2）如图2，设AB与BC的交点为M，当M为AB的中点时，求线段PQ的长；（3）在旋转过程中，当点P，Q分别在CA，CB的延长线上时，试探究四边形PABQ的面积是否存在最小值若存在，求出四边形PABQ的最小面积；若不存在，请说明理由【答案】见解析。【解析】（1）由旋转可得：AC=AC=2，ACB=90，AB=，AC=2，BC=，ACB=90，mA
7、C，ABC=90，cosACB=，ACB=30，ACA=60；（2）M为AB的中点，ACM=MAC，由旋转可得，MAC=A，A=ACM，tanPCB=tanA=，PB=BC=，tanQ=tanA=，BQ=BC=2，PQ=PB+BQ=；（3）S四边形PABQ=SPCQSACB=SPCQ，S四边形PABQ最小，即SPCQ最小，SPCQ=PQBC=PQ，法一：（几何法）取PQ的中点G，则PCQ=90，CG=PQ，即PQ=2CG，当CG最小时，PQ最小，CGPQ，即CG与CB重合时，CG最小，CGmin=，PQmin=2，SPCQ的最小值=3，S四边形PABQ=3；法二（代数法）设PB=x，BQ=y，
8、由射影定理得：xy=3，当PQ最小时，x+y最小，（x+y）2=x2+2xy+y2=x2+6+y22xy+6=12，当x=y=时，“=”成立，PQ=+=2，SPCQ的最小值=3，S四边形PABQ=3【点拨】本题属于四边形综合题，主要考查了旋转的性质，解直角三角形以及直角三角形的性质的综合运用，解题时注意：旋转变换中，对应点到旋转中心的距离相等；对应点与旋转中心所连线段的夹角等于旋转角；旋转前、后的图形全等1（2020浙江宁波）问题小明在学习时遇到这样一个问题：求不等式x3+3x2x30的解集他经历了如下思考过程：回顾（1）如图1，在平面直角坐标系xOy中，直线y1ax+b与双曲线y2交于A （
9、1，3）和B（3，1），则不等式ax+b的解集是 探究将不等式x3+3x2x30按条件进行转化：当x0时，原不等式不成立；当x0时，不等式两边同除以x并移项转化为x2+3x1；当x0时，不等式两边同除以x并移项转化为x2+3x1（2）构造函数，画出图象：设y3x2+3x1，y4，在同一坐标系中分别画出这两个函数的图象；双曲线y4如图2所示，请在此坐标系中画出抛物线yx2+3x1（不用列表）（3）确定两个函数图象公共点的横坐标：观察所画两个函数的图象，猜想并通过代入函数解析式验证可知：满足y3y4的所有x的值为 解决（4）借助图象，写出解集：结合“探究”中的讨论，观察两个函数的图象可知：不等式x
10、3+3x2x30的解集为 【解析】（1）如图1中，观察图形可知：不等式ax+b的解集为x1或3x0故答案为：x1或3x0（2）函数y3x2+3x1的图形如图所示：（3）观察图象可知，两个函数图象的公共点的横坐标为3，1，1经过检验可知：点（3，1），点（1，3），点（1，3）是两个函数的交点坐标，满足y3y4的所有x的值为3或1或1故答案为3或1或1（4）观察图象，当x0时，不等式两边同除以x并移项转化为x2+3x1的解集为x1，当x0时，不等式两边同除以x并移项转化为x2+3x1的解集为x3或1x0，不等式x3+3x2x30的解集为x1或x3或1x0故答案为x1或x3或1x0【点拨】本题属于
11、反比例函数综合题，考查了反比例函数的性质，一次函数的性质，二次函数的性质等知识，解题的关键是学会利用数形结合的思想思考问题，把不等式问题转化为函数图象问题解决，属于中考压轴题2（2020湖北随州）一个问题解决往往经历发现猜想探索归纳问题解决的过程，下面结合一道几何题来体验一下.（发现猜想）（1）如图，已知AOB70，AOD100，OC为BOD的角平分线，则AOC的度数为 ；. （探索归纳）（2）如图，AOBm，AODn，OC为BOD的角平分线. 猜想AOC的度数（用含m、n的代数式表示），并说明理由.（问题解决）（3）如图，若AOB20，AOC90，AOD120.若射线OB绕点O以每秒20逆时
12、针旋转，射线OC绕点O以每秒10顺时针旋转，射线OD绕点O每秒30顺时针旋转，三条射线同时旋转，当一条射线与直线OA重合时，三条射线同时停止运动. 运动几秒时，其中一条射线是另外两条射线夹角的角平分线？【答案】见解析。【解析】（1）85；（2）AOBm，AODn，BODnmOC为BOD的角平分线BOCAOC+m （3）设经过的时间为x秒，则DOA12030x；COA9010x；BOA20+20x；当在x之前，OC为OB，OD的角平分线；3020x7030x，x14（舍）；当x在和2之间，OD为OC，OB的角平分线；30+20x10050x，x2；当x在2和之间，OB为OC，OD的角平分线；70
13、30x100+50x，x3；当x在和4之间，OC为OB，OD的角平分线；70+30x30+20x，x44.答：经过，4秒时，其中一条射线是另外两条射线夹角的平分线.【点拨】本题考查了角平分线的性质，一元一次方程的应用，解决本题的关键是熟练掌握角平分线的性质，理清各个角之间存在的数量关系，根据数量关系列出方程.3（2020江西）已知MPN的两边分别与O相切于点A，B，O的半径为r（1）如图1，点C在点A，B之间的优弧上，MPN80，求ACB的度数；（2）如图2，点C在圆上运动，当PC最大时，要使四边形APBC为菱形，APB的度数应为多少？请说明理由；（3）若PC交O于点D，求第（2）问中对应的阴影部分的周长（用含r的式子表示）【答案】见解析。【分析】（1）连接OA，OB，由切线的性质可求PAOPBO90，由四边形内角和可求解；（2）当APB60时，四边形APBC是菱形，连接OA，OB，由切线长定理可得PAPB，APCBPC30，由“SAS”可证APCBPC，可得ACPBCP30，ACBC，可证APACPBBC，可得四边形APBC是菱形；（3）分别求出AP，PD的长，由弧长公式可求，即可求解【解析】（1）如图1，连接OA，OB，PA，PB为O的切线，PAOPBO90，APB+PAO+PBO+AOB360，APB+AOB180，
