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吉林省长春市第三十一中学2022-2023学年高三数学文联考试卷含解析
一、 选择题:本大题共10小题,每小题5分,共50分。在每小题给出的四个选项中,只有是一个符合题目要求的
1. 已知几何体的三视图及有关数据如图所示,则该几何体的各条棱中,最长的棱的长度为( )
A. 2 B. C. D.
参考答案:
C
2. 若(表示虚数单位),则复数在复平面内对应的点位于( )
A.第一象限 B.第二象限 C.第三象限 D.第四象限
参考答案:
D
略
3. 某城市收集并整理了该市2017年1月份至10月份各月最低气温与最髙气温(单元:)的数据,绘制了如图的折线图.
已知该市的各月最低气温与最高气温具有较好的线性关系,则根据该折线图,下列结论错误的是( )
A.最低气温与最高气温为正相关
B.10月的最高气温不低于5月的最高气温
C.月温差(最高气温减最低气温)的最大值出现在1月
D.最低气温低于的月份有4个
参考答案:
D
4. 点A,B,C,D在同一个球面上,AB=BC=,AC=2,若球的表面积为,则四面体ABCD体积最大值为( )
A. B. C. D.2
参考答案:
C
【考点】LG:球的体积和表面积.
【分析】根据几何体的特征,判定外接球的球心,求出球的半径,即可求出球的表面积.
【解答】解:根据题意知,△ABC是一个直角三角形,其面积为1.其所在球的小圆的圆心在斜边AC的中点上,设小圆的圆心为Q,
球的表面积为,
球的半径为r,,r=,
四面体ABCD的体积的最大值,底面积S△ABC不变,高最大时体积最大,
就是D到底面ABC距离最大值时,
h=r+=2.
四面体ABCD体积的最大值为×S△ABC×h==,
故选:C.
【点评】本题考查的知识点是球内接多面体,球的表面积,其中分析出何时四面体ABCD的体积的最大值,是解答的关键.
5. 已知,则( )
A. B. C. D.
参考答案:
B
由题意知,.故选B.
6. 某堂训练课上,一射击运动员对同一目标独立地进行了四次射击,已知他至少命中一次的概率为,则四
次射击中,他命中2次的概率为 ( )
A. B. C. D.以上都不对
参考答案:
C
7. 设,则的大小关系为( )
A. B. C. D.
参考答案:
A
8. 设平面与平面相交于直线,直线在平面内,直线在平面内,且,则“”
是“”的( )
A.充分不必要条件 B.必要不充分条件
C.充要条件 D.既不充分也不必要条件
参考答案:
B
试题分析:因为直线在平面内,直线在平面内,且,若,根据面面垂直的性质定理,
一定有;反之,当,若时,不一定成立,所以“”是“”的必要不充分条件,故选B.
考点:1、充分条件与必要条件;2、面面垂直的判定与性质.
9. 某店一个月的收入和支出总共记录了 N个数据,,。。。,其中收入记为正数,支出记为负数。该店用如下图的程序框图计算月总收入S和月净盈利V,那么在图中空白的判断框和处理框中,应分别填入下列四个选项中的
A.A>0,V=S-T
B.A<0,V=S-T
C.A>0, V=S+T
D.A<0, V=S+T
参考答案:
C
略
10. ,则 ( )
A. B. C. D.
参考答案:
D
二、 填空题:本大题共7小题,每小题4分,共28分
11. 已知△ABC中,∠A=120°,且AB=AC=2,那么BC= ,= .
参考答案:
2,﹣6
【考点】平面向量数量积的运算.
【分析】利用余弦定理求出BC的值,根据平面向量数量积的定义求出的值.
【解答】解:△ABC中,∠A=120°,且AB=AC=2,
由余弦定理得
BC2=AB2+AC2﹣2AB?AC?cos∠A
=22+22﹣2×2×2×cos120°
=12,
∴BC=2,
∴=(﹣)?(﹣)
=﹣+?
=﹣22+2×2×cos120°
=﹣6.
故答案为:2,﹣6.
12. 有四个城市,它们各有一个著名的旅游点依此记为.把和分别写成左、右两列,现在一名旅游爱好者随机用4条线把左右全部连接起来,构成“一一对应”,如果某个旅游点是与该旅游点所在的城市相连的(比如与相连)就得2分,否则就得0分;则该爱好者得分的数学期望为 .
参考答案:
2分
略
13. 函数的图象与函数的图象有个不同的交点,则实数的取值范围是 .
参考答案:
略
14. 已知曲线交于点P,过P点的两条切线与x轴分别交于A,B两点,则 △ABP的面积为 ;
参考答案:
;解析:先求出交点坐标为(1,1),再分别求出两曲线在该点处的切线方程,求出A、B、P三点坐标,再求面积;
15. 的展开式中常数项是 。(用数字作答)
参考答案:
14
16. 双曲线的离心率为 .
参考答案:
2
.
17. 已知函数f(x)=-x2+x的定义域为[m,n], 值域为[2m,2n], 则m+n = .
参考答案:
-2
三、 解答题:本大题共5小题,共72分。解答应写出文字说明,证明过程或演算步骤
18. 已知O为坐标原点,P(x,y)为函数y=1+lnx图象上一点,记直线OP的斜率k=f(x).
(Ⅰ)若函数f(x)在区间(m,m+)(m>0)上存在极值,求实数m的取值范围;
(Ⅱ)当x≥1时,不等式f(x)≥恒成立,求实数t的取值范围.
参考答案:
见解析
【考点】利用导数研究函数的极值;利用导数研究函数的单调性;利用导数求闭区间上函数的最值.
【分析】(1)先根据斜率公式求f(x),再由极值确定m的取值范围,(Ⅱ)恒成立问题通常转化为最值问题.
【解答】解:(Ⅰ) 由题意知,,
所以
当0<x<1时,f′(x)>0;当x>1时,f′(x)<0;
∴f(x)在(0,1)上单调递增,在(1,+∞)上单调递减.
故f(x)在x=1处取得极大值.
∵函数f(x)在区间上存在极值.
∴得,即实数m的取值范围是.
(Ⅱ) 由题意得,
令,则,
令h(x)=x﹣lnx,(x≥1),则,
∵x≥1∴h′(x)≥0,
故h(x)在[1,+∞)上单调递增,
∴h(x)≥h(1)=1>0从而g′(x)>0,
故g(x)在[1,+∞)上单调递增,
∴g(x)≥g(1)=2,
∴实数t的取值范围是(﹣∞,2].
19. 在极坐标系下,已知圆O:ρ=cosθ+sinθ和直线l:.
(1)求圆O和直线l的直角坐标方程;
(2)当θ∈(0,π)时,求直线l与圆O公共点的极坐标.
参考答案:
【考点】简单曲线的极坐标方程;直线与圆的位置关系.
【专题】计算题.
【分析】(1)圆O的方程即ρ2=ρcosθ+ρsinθ,可得圆O 的直角坐标方程为:x2+y2=x+y,即x2+y2﹣x﹣y=0.
(2)由,可得直线l与圆O公共点的直角坐标为(0,1),由此求得线l与圆O公共点的极坐标.
【解答】解:(1)圆O:ρ=cosθ+sinθ,即ρ2=ρcosθ+ρsinθ,
故圆O 的直角坐标方程为:x2+y2=x+y,即x2+y2﹣x﹣y=0.
直线l:,即ρsinθ﹣ρcosθ=1,则直线的直角坐标方程为:y﹣x=1,即x﹣y+1=0.
(2)由,可得 ,直线l与圆O公共点的直角坐标为(0,1),
故直线l 与圆O 公共点的一个极坐标为.
【点评】本题主要考查把极坐标方程化为直角坐标方程的方法,直线和圆的位置关系,属于基础题.
20. 选修4-5:不等式选讲
设函数.
(1)当时,解不等式;
(2)若在上恒成立,求a的取值范围.
参考答案:
(1)当时,不等式.
当时,,解得;
当时,,无解;
当时,,解得,
综上所述,不等式的解集为
(2),
∴,解得或,
即的取值范围是
21. (本小题满分14分)
已知函数.
(Ⅰ)当时,求在点处的切线方程;
(Ⅱ)求在的最大值.
参考答案:
(I)当时 ………………….3分
即:所求切线方程为: ………………….6分
(II)
当时, 在上递增
………….7分
当时 可令
的对称轴且过点
当时,在恒成立 在上递增
………………….9分
当时,
若,即:时,在恒成立
在上递减 ………………….10分
若,即:时,
在上大于零,在上小于零
在上递增,在上递减
………….12分
若,即:时,
在恒成立 在上递增
….13分
综上: ….14分
22. 如图,底面是正三角形的直三棱柱中,D是BC的中点,.
(Ⅰ)求证:平面;
(Ⅱ)求点A1 到平面的距离.
参考答案:
证明:(Ⅰ)连接交于O,连接OD,在中,O为中点,D为BC中点
且
即
解得
解法二:由①可知
点到平面的距离等于点C到平面的距离…………8分
为
…………10分
设点C到面的距离为h
即
解得
略
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