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北京平谷县西柏店联办中学高三数学文期末试卷含解析
一、 选择题:本大题共10小题,每小题5分,共50分。在每小题给出的四个选项中,只有是一个符合题目要求的
1. 如图为一个半圆柱, 是等腰直角三角形, F是线段CD的中点, ,该半圆柱的体积为18π,则异面直线AB与EF所成角的正弦值为( )
A. B. C. D.
参考答案:
B
本题考查异面直线所成的角的知识,考查空间想象能力和运算求解能力.
设上底半圆的半径为,由,得.因为,所以.又异面直线与所成的角为所以.
2. 已知全集,,则( )
A. B. C. D.
参考答案:
D
3. 已知圆M:(x﹣2)2+(y﹣3)2=4,过点P(0,t)的直线交圆于不同的两点A,B,且|PA|=|AB|,则实数t的取值范围是( )
A.[﹣1,7] B.(3,7]
C.[3﹣2,3)∪(3,3+2] D.[3﹣4,3)∪(3,3+4]
参考答案:
D
考点:直线与圆相交的性质.
专题:计算题;直线与圆.
分析:由圆M:(x﹣2)2+(y﹣3)2=4,可得圆心M(2,3),r=2.根据割线定理可得|PA|?|PB|=(|PM|+r)(|PM|﹣r)=|PM|2﹣4,再利用|PA|=|AB|≤2r,|PM|2=22+(3﹣t)2,即可得出.
解答: 解:由圆M:(x﹣2)2+(y﹣3)2=4,可得圆心M(2,3),r=2.
根据割线定理可得|PA|?|PB|=(|PM|+r)(|PM|﹣r)=|PM|2﹣4,
∵|PA|=|AB|,|PM|2=22+(3﹣t)2,
∴2|AB|2=22+(3﹣t)2﹣4,
化为(3﹣t)2=2|AB|2,
∵|AB|≤2r=4,
∴(3﹣t)2≤2×42=32,
解得3﹣4≤t≤3+4,
又t≠3,
∴3﹣4≤t≤3+4且t≠3.
故选D.
点评:本题考查了圆的标准方程及其性质、中点坐标公式、切割线定理、不等式的解法等基础知识与基本方法,属于难题.
4. 函数的反函数( )
A. B. C. D.
参考答案:
C
略
5. 若集合则集合( )
A.(-2,+∞) B.(-2,3) C. D.R
参考答案:
C
略
6. 已知集合,,则( )
(A) (B) (C) (D)
参考答案:
C
因为,,所以,选C.
7. 设变量 满足约束条件 ,则目标函数 的最大值为
(A)3 (B)4 (C)18 (D)40
参考答案:
C
8. 曲线在处的切线方程为( )
A. B. C. D.
参考答案:
A
9. 设集合,则等于
A. B.
C. D.
参考答案:
B
略
10. 函数的定义域为开区间,导函数在内的图像如图所示,则函数在开区间内有极小值点 ( )
A.1个 B.个
C.个 D.个
参考答案:
A
略
二、 填空题:本大题共7小题,每小题4分,共28分
11. 已知△ABC的三边长成公差为2的等差数列,且最大角的正弦值为,则这个三角形最小值的正弦值是 .
参考答案:
【考点】等差数列的性质.
【专题】方程思想;转化思想;综合法;等差数列与等比数列;解三角形.
【分析】设三角形的三边分别为a、b、c,且a>b>c>0,设公差为d=2,求出a=c+4和b=c+2,由边角关系和条件求出sinA,求出A=60°或120°,再判断A的值,利用余弦定理能求出三边长,由余弦定理和平方关系求出这个三角形最小值的正弦值.
【解答】解:不妨设三角形的三边分别为a、b、c,且a>b>c>0,
设公差为d=2,三个角分别为、A、B、C,
则a﹣b=b﹣c=2,可得b=c+2,a=c+4,
∴A>B>C,
∵最大角的正弦值为,∴sinA=,
由A∈(0°,180°)得,A=60°或120°,
当A=60°时,∵A>B>C,∴A+B+C<180°,不成立;
即A=120°,则cosA===,
化简得,解得c=3,
∴b=c+2=5,a=c+4=7,
∴cosC===,
又C∈(0°,180°),则sinC==,
∴这个三角形最小值的正弦值是,
故答案为:.
【点评】本题考查等差中项的性质,余弦定理,以及三角形边角关系的应用,考查了方程与转化思想,运算求解能力,推理论证能力.
12. 在△ABC中,若(sinA+sinB):(sinA+sinC):(sinB+sinC)=4:5:6,且该三角形面积为,则△ABC的最大边长等于 .
参考答案:
14
【考点】余弦定理;正弦定理.
【专题】计算题;解三角形.
【分析】利用正弦定理化简已知可得:(a+b):(a+c):(b+c)=4:5:6,从而解得:a:b:c=3:5:7,不妨设a=3x,那么b=5x c=7x,则c为△ABC的最大边长.由余弦定理可求C,利用三角形面积公式解得ab=60.由余弦定理即可解得x的值,从而可求c的值.
【解答】解:∵(sinA+sinB):(sinA+sinC):(sinB+sinC)=4:5:6,
∴利用正弦定理可得:sinA=,sinB=,sinC=,代入上式可得:(a+b):(a+c):(b+c)=4:5:6,
从而解得:a:b:c=3:5:7,
不妨设a=3x,那么b=5x c=7x,则c为△ABC的最大边长.
∴cosC==﹣,
∴由0<C<180°,可得:C=120°,sinC=,
∴由S△ABC=absinC=ab=15,解得ab=60.
∴由余弦定理可得:c2=a2+b2﹣2abcosC,可得:49x2=9x2+25x2﹣2×60×(﹣),解得:x2=4,x=2,
从而可得△ABC的最大边长c=7×2=14.
故答案为:14.
【点评】本题主要考查了正弦定理,余弦定理,三角形面积公式在解三角形中的应用,熟练掌握公式及定理是解题的关键,属于基本知识的考查.
13. 运行如下图所示的程序框图,若输出,则输入的取值范围
是 .
参考答案:
我们构造数列,为循环过程中x的值,则,所以,所以,要满足输出,则,即,解得,所以输入的取值范围是。
【答案】
【解析】略
14. 在△ABC中,角A,B,C的对边分别a,b,c,若.则直线被圆 所截得的弦长为____________.
参考答案:
略
15. 已知矩形的顶点都在半径为4的球的球面上,且,则棱锥的体积为 。
参考答案:
如图,过球心O向AC作垂线OE由球的对称性知一定垂直平分AC,由长方形AB=6,BC=,得AC=2AE=,即AE=,由勾股定理可得OE=,所以.
16. =__________。
参考答案:
-
17. 过点M(-2, a)和N(a,4)的直线的斜率为1,则实数a的值为____________.
参考答案:
1
略
三、 解答题:本大题共5小题,共72分。解答应写出文字说明,证明过程或演算步骤
18. (本小题满分12分) 设函数
(Ⅰ)若时函数有三个互不相同的零点,求的范围;
(Ⅱ)若函数在内没有极值点,求的范围;
参考答案:
19. (本小题满分14分)
设数列的前项和为,且对任意的都有,
(1)求数列的前四项;
(2)猜想数列的通项公式,并用数学归纳法证明;
(3)求证:对任意都有.
参考答案:
(1)令得,,故;
令得,,故;
令得,,故;
令得,,故;…………4分
(2)由(1)可以猜想,下面用数学归纳法进行证明:
①当时,结论显然成立;
②假设当时结论成立,即,从而由已知可得:.故.
∴.
即,当时结论成立.
综合①②可知,猜想成立.即,数列的通项为.…………9分
(3)∵,∴,
∴
∴对任意都有.………………14分
20. (本小题满分12分)
已知函数R,是函数的一个零点.
(1)求的值,并求函数的单调递增区间;
(2)若,且,,求的值.
参考答案:
(1)解:∵是函数的一个零点,
∴ . …………………………………………1分
∴ . ………………………………………………2分
∴
………………………………………………3分
. ………………………………………………4分
由,Z ,
得,Z , ………………………………………………5分
∴ 函数的单调递增区间是Z. …………………6分
(2)解:∵,
∴.
∴ . ………………………………………………7分
∵ ,
∴ . ………………………………………………8分
∵,
∴.
∴ . ………………………………………………9分
∵ ,
∴ . ……………………………………………10分
∴ …………………………………………11分
. ………………………………………………12分
21. 已知函数的图象在处的切线l过点.
(1)若函数,求的最大值(用a表示);
(2)若,证明:.
参考答案:
(1) ;(2)证明见解析.
试题分析:
(1)由题意可得:.结合导函数研究函数的单调性可得.
(2)由题意结合(1)的结论有,构造函数,结合函数的特征即可证得题中的结论.
试题解析:
(1)由,得,
的方程为,又过点,
∴,解得.
∵,
∴,
当时,,单调递增;
当时,,单调递减.
故.
(2)证明:∵,∴,
,∴
令,,,令得;令得.
∴在上递减,在上递增,
∴,∴,,解得:.
22. (本小题满分12分)甲、乙、丙三人按下面的规则进行乒乓球比赛:第一局由甲、乙参加而丙轮空,以后每一局由前一局的获胜者与轮空者进行比赛,而前一局的失败者轮空.比赛按这种规则一直进行到其中一人连胜两局或打满6局时停止.设在每局中参赛者胜负的概率均为,且各局胜负相互独立.求:
(1)打满4局比赛还未停止的概率;
(2)比赛停止时已打局数ξ的分布列与期望E(ξ).
令Ak,Bk,Ck分别表示甲、乙、丙在第k局中获胜.
参考答案:
(1)由独立事件同时发生与互斥事件至少有一个发生的概率公式知,打满4局比赛还未停止
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