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广东省梅州市兴宁坭陂中学高二数学文上学期期末试题含解析
一、 选择题:本大题共10小题,每小题5分,共50分。在每小题给出的四个选项中,只有是一个符合题目要求的
1. 如图所示的算法流程图中(注:“”也可写成“”或“”, 均表示赋值语句),第3个输出的数是( )
A.1 B.
C. D.
参考答案:
C
2. 一个篮球运动员投篮一次得3分的概率为a,得2分的概率为b,不得分的概率为c(、、),已知他投篮一次得分的数学期望为2(不计其它得分情况),则ab的最大值为
A. B. C. D.
参考答案:
D
3a+2b+0c=2即3a+2b=2,所以,因此。
3. 不等式≥0的解集为( )
A.[﹣2,1] B.(﹣2,1] C.(﹣∞,﹣2)∪(1,+∞) D.(﹣∞,﹣2]∪(1,+∞)
参考答案:
B
【考点】其他不等式的解法.
【分析】先将此分式不等式等价转化为一元二次不等式组,特别注意分母不为零的条件,再解一元二次不等式即可
【解答】解:不等式≥0
?(x﹣1)(2+x)≤0且x≠﹣2
?﹣2≤x≤1且x≠﹣2?﹣2<x≤1.
即不等式的解集为:(﹣2,1].
故选B.
4. 命题“”的否定是( )
A. B. ≤0
C. ≤0 D. ≤
参考答案:
B
略
5. 设是任意的非零平面向量,且相互不共线,则
① ②
③不与垂直 ④
中,是真命题的有( )
A.①② B.②③ C.④ D.②④
参考答案:
D
6. 已知直线,是平面,给出下列命题:(1)若;②若;③若;④若a与b异面,且相交;⑤若a与b异面,则至多有一条直线与a,b都垂直.其中真命题的个数是( )
A.1 B.2 C.3 D.4
参考答案:
A
略
7. 已知,,=3,则与的夹角是 ( )
A.150 B.120 C.60 D.30
参考答案:
B
8. 下列命题是真命题的为 ( )
A.若,则 B.若,则
C.若,则 D.若,则
参考答案:
B
9. f(x)=ax3+3x2+2,若f′(-1)=4,则a的值等于( )
A. B. C. D.
参考答案:
D
10. 设向量,则向量与的夹角等于
A.30° B.45° C.60° D.120°
参考答案:
B
二、 填空题:本大题共7小题,每小题4分,共28分
11. 直线x﹣y﹣2=0的倾斜角为 .
参考答案:
【考点】直线的倾斜角.
【分析】设直线的倾斜角为α,则tanα=,α∈[0,π),即可得出.
【解答】解:设直线的倾斜角为α,
则tanα=,α∈[0,π),
∴α=.
故答案为.
12. 在极坐标系中,点P(2,0)与点Q关于直线sinθ=对称,则|PQ|= .
参考答案:
2
考点:简单曲线的极坐标方程.
专题:坐标系和参数方程.
分析:直线sinθ=,即.如图所示,|PM|=2,即可得出|PQ|=2|PM|.
解答: 解:直线sinθ=,即.
如图所示,|PM|=2=.
∴|PQ|=2.
故答案为:2.
点评:本题考查了极坐标的应用、对称的性质,属于基础题.
13. 某校高三年级有男生500人,女生400人,为了解该年级学生的健康情况,现采取分层抽样的方法从男生中任意抽取25人,那么应该在女生中任意抽取 人.
参考答案:
略
14. 在平面几何中有如下结论:正三角形ABC的内切圆面积为S1,外接圆面积为S2,则,推广到空间可以得到类似结论:已知正四面体P-ABC的内切球体积为,外接球体积为,则____.
参考答案:
设正四面体的棱长为,高为,四个面的面积为,内切球半径为,外接球半径为,则由,得;
由相似三角形的性质,可求得,所以
考点:类比推理,几何体的体积.
15. 已知数列{an}的通项公式是,数列的通项公式是,令集合,,.将集合中的元素按从小到大的顺序排列构成的数列记为{cn}.则数列{cn}的前28项的和 .
参考答案:
820
16. 一船以每小时15km的速度向东航行,船在A处看到一个灯塔B在北偏东60°,行驶4h后,船到达C处,看到这个灯塔在北偏东15°,这时船与灯塔的距离为__ __km.
参考答案:
17. Sn为数列{an}的前n项和,且Sn=n2﹣3n+3,则数列{an}的通项公式为an= .
参考答案:
【考点】数列递推式.
【分析】利用递推关系n=1时,a1=S1;n≥2时,an=Sn﹣Sn﹣1.即可得出.
【解答】解:n=1时,a1=S1=1;
n≥2时,an=Sn﹣Sn﹣1=n2﹣3n+3﹣[(n﹣1)2﹣3(n﹣1)+3]=2n﹣4,
∴an=.
故答案为:.
【点评】本题考查了数列的递推关系、通项公式,考查了推理能力与计算能力,属于中档题.
三、 解答题:本大题共5小题,共72分。解答应写出文字说明,证明过程或演算步骤
18. 袋中装有大小相同的3个红球和3和个白球.
(Ⅰ)从中任意取出2个球,求这2个球都是红球的概率.
(Ⅱ)从中任意取出3个球,求恰有1个是红球的概率.
参考答案:
见解析
(Ⅰ)任取2个球总的基本事件个数:,
2个球都是红球包含的基本事件个数为:,
故从中任取2个球,这2个球都是红球的概率.
(Ⅱ)任取3个球,总的基本事件个数是:,
恰有1个红球包含的基本事件个数是:,
故从中任取3个球,恰好有1个红球的概率.
19. 已知圆C,D是轴上的动点,直线DA、DB分别切圆C于两点。
(1)如果,求直线CD的方程;
(2)求动弦的中点的轨迹方程E;
(3)直线(为参数)与方程E交于P、Q两个不同的点,O为原点,设直线OP、OQ的斜率分别为,试将表示成m的函数,并求其最小值。
参考答案:
解析:(1)设E为CD与AB的交点,由,可得
由∽,
所以点D坐标为∴直线MQ的方程是
即或
(2)设E,D(0,a)由点C,E,D在一条直线上,
得,∴①
由∽ 即②
由①②消去得
(3)设P、Q两点的坐标分别为和,联立和得,则,
将韦达定理代入得
且又因为圆的方程中所以,
时取得最小值,最小值为
20. (13分)(2014?淮安模拟)如图,在平面直角坐标系xOy中,椭圆+=1(a>b>0)的离心率为,过椭圆右焦点F作两条互相垂直的弦AB与CD.当直线AB斜率为0时,AB+CD=7.
(1)求椭圆的方程;
(2)求AB+CD的取值范围.
参考答案:
(1)由题意知,,,
所以. ……………………………2分
因为点在椭圆上,即,
所以.
所以椭圆的方程为. ……………………………5分
(2)① 当两条弦中一条斜率为0时,另一条弦的斜率不存在,
由题意知; ……………………………6分
因为,所以, 所以, 所以.
综合①与②可知,的取值范围是. ……………………………13分
21. 如图,在直三棱柱ABC﹣A1B1C1中,AB=4,AC=BC=3,D为AB的中点
(Ⅰ)求点C到平面A1ABB1的距离;
(Ⅱ)若AB1⊥A1C,求二面角A1﹣CD﹣C1的平面角的余弦值.
参考答案:
【考点】用空间向量求平面间的夹角;与二面角有关的立体几何综合题;点、线、面间的距离计算.
【分析】(I)由题意,由于可证得CD⊥平面A1ABB1.故点C到平面的距离即为CD的长度,易求;
(II)解法一:由题意结合图象,可通过作辅助线先作出二面角的平面角∠A1DD1,然后在直角三角形A1D1D中求出二面角的余弦;
解法二:根据几何体的形状,可过D作DD1∥AA1交A1B1于D1,在直三棱柱中,可得DB,DC,DD1两两垂直,则以D为原点,射线DB,DC,DD1分别为X轴、Y轴、Z轴的正半轴建立空间直角坐标系D﹣xyz.给出各点的坐标,分别求出两平面的法向量,求出两向量的夹角即为两平面的夹角.
【解答】解:(I)由AC=BC,D为AB的中点,得CD⊥AB.又CD⊥AA1.
故CD⊥平面A1ABB1.
所以点C到平面A1ABB1的距离为CD==
(II)解法一:如图1,取D1为A1B1的中点,连接DD1,则DD1∥AA1∥CC1.
又由(I)知CD⊥平面A1ABB1.故CD⊥A1D,CD⊥D1D,所以∠A1DD1为所求的二面角A1﹣CD﹣C1的平面角.因A1D为A1C在面A1ABB1中的射影,又已知AB1⊥A1C由三垂线定理的逆定理得AB1⊥A1D.从而∠A1AB1、∠A1DA都与∠B1AB互余.因此∠A1AB1=∠A1DA,所以Rt△A1AD∽Rt△B1A1A.因此AA1:AD=A1B1:AA1,即AA12=AD?A1B1=8,得AA1=2,从而A1D==2.所以Rt△A1D1D中,cos∠A1DD1===
解法二:如图2,过D作DD1∥AA1交A1B1于D1,在直三棱柱中,有DB,DC,DD1两两垂直,以D为原点,射线DB,DC,DD1分别为X轴、Y轴、Z轴的正半轴建立空间直角坐标系D﹣xyz.
设直三棱柱的高为h,则A(﹣2,0,0),A1(﹣2,0,h),B1(2,0,h),C(0,,0),C1(0,,h),从而=(4,0,h),=(2,,﹣h)
由AB1⊥A1C,可得8﹣h2=0,h=2,故=(﹣2,0,2),=(0,0,2),=(0,,0)
设平面A1CD的法向量为=(x1,y1,z1),则有⊥,⊥
∴?=0且?=0,即,取z1=1,则=(,0,1)
设平面C1CD的法向量为=(x2,y2,z2),则⊥,⊥,即且=0,取x2=1,得=(1,0,0),
所以cos<,>===,所以二面角A1﹣CD﹣C1的平面角的余弦值
22. 数列满足.(为前n项和)
(1)计算,并由此猜想;(2)推导{}中相邻两项的关系式并化简
参考答案:
(1)猜想:
(2)(
略
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