湖南省娄底市印田中学高三物理联考试题含解析

湖南省娄底市印田中学高三物理联考试题含解析 一、 选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分．每小题只有一个选项符合题意 1. 一节普通干电池在接通的电路中作为电源使用，对电池上标有“1.5V”这一数据的正确理解是（      ） （A）电池正负两极之间电压1.5V （B）若对1Ω的外电阻供电，流过电池的电流强度是1.5A （C）每经过1C的电量，有1.5J的其他能量转为电能 （D）每经过1C的电量，有1.5J的电能转为其他能量 参考答案： C 2. 如图甲所示，长为l、倾角为α的斜面固定在水平地面上，一质量为m的物块从斜面顶端由静止释放并沿斜面向下滑动。已知物块与斜面间的动摩擦因数μ与下滑距离x的变化图象如图乙所示，则   A．μ0＞tanα B．物块下滑的加速度逐渐增大 C．物块下滑到斜面底端的过程克服摩擦力做功为μ0mglcosα D．物块下滑到底端时的速度大小为 参考答案： BC 【命题立意】：本题考查牛顿运动定律、摩擦力、变力做功和动能定理等知识点。考查学生的过程分析能力和应用数学知识解决物理问题的能力。 【解题思路】：物块在斜面顶端静止释放能够下滑，应满足mgsinα>μ0mgcosα，即μ045°时，在界面处会发生全反射现象 D．光在该玻璃中的传播速度比在空气中的传播速度小 参考答案： C 5. 现有两个边长不等的正方形ABCD和abcd，如图所示，且Aa、Bb、Cc、Dd间距相等．在AB、AC、CD、DB的中点分别放等量的点电荷，其中AB、AC的中点放的点电荷带正电，CD、BD的中点放的点电荷带负电，取无穷远处电势为零．则下列说法中正确的是（　　） A．O点的电场强度和电势均为零 B．把一正点电荷沿着b→d→c的路径移动时，电场力所做总功为零 C．同一点电荷在a、d两点所受电场力不同 D．将一负点电荷由a点移到b点电势能减小 参考答案： B 【考点】匀强电场中电势差和电场强度的关系． 【分析】根据点电荷产生的电场特点和矢量合成法则求解电场强度；明确等势面的性质，知道电荷在等势面上移动时，电场力做功为0． 【解答】解：A、上下两个正负点电荷在O点将产生的电场强度向下，左右两个电荷正负点电荷在O点的电场强度向右，根据矢量合成法则可知，O点电场强度不为零，方向沿为AD方向．四个点电荷在O点处电势为零，故A错误． B、据对称性，b、c等电势，把一负点电荷沿着b→d→c的路径移动时，电场力做功为零，故B正确． C、按照库仑定律和力的合成，同一点电荷在a、d两点所受电场力相同，故C错误． D、取无穷远处电势为零，在a点的电势为正，b、O、c三点电势相等，均为零，则负电荷从a移动到b电场力做负功，所以电势能增加．故D错误． 故选：B． 二、 填空题：本题共8小题，每小题2分，共计16分 6. 学校的课外物理兴趣小组想测出滑块与木板间的动摩擦因数，李轩同学想出一个方案，如图，将一小铁球和滑块用细细线连接，跨在木板上端的一个小定滑轮上，开始时小铁球和滑块均静止，然后剪断细线，小铁球自由下落，滑块沿斜面下滑，可先后听到小铁球落地和滑块撞击挡板的声音。他们反复调整挡板的位置，重复上述操作，直到能同时听到两撞击声，然后用刻度尺测量出H=1.25m，x=0.50m,h=0.30m，已知当地的重力加速度为根据以上内容回答下面的问题： (1)滑块下滑的加速度大小          m/s2 (2)请利用H、h、x这三个物理量表示出动摩擦因数的数学表达式=             ，代入相关数据，求出滑块与木板间的动摩擦因数=      。 (3)与真实值相比，测量的动摩擦因数        (填“偏大”或“偏小”或“不变”)写出支持你想法的一个论据                                                         。 参考答案： 7. 已知地球自转周期为T，同步卫星离地心的高度为R，万有引力恒量为G，则同步卫星绕地球运动的线速度为______    __，地球的质量为___  _____。 ══════════════════════════════════════   参考答案： ， ， 8. 如图所示，质量为M的长平板车放在光滑的倾角为α的斜面上，车上站着一质量为m的人，若要平板车静止在斜面上，车上的人必须以加速度a＝       向    （填“上或下”）加速奔跑[LU25] 。 参考答案： 9. 初速度为v0的匀加速直线运动，可看作是一个同方向的一个     运动和一个      运动的合运动。 参考答案： 匀速直线运动，初速度为0的匀加速直线运动。 10. （6分）供电电路电源输出电压为U1，线路损失电压为U2，用电器得到的电压为U3，总电流为I，线路导线的总电阻为R，则线路损失的电功率可表示为①___________________；②_________________________；③__________________________。 参考答案： ①I2R；②IU2；③I(U1-U3)  (各2分)   11. (6分)如图所示，一储油圆桶，底面直径与高均为d，当桶内无油时，从某点A恰好能看到桶底边缘上得点B，当桶内油的深度等于桶高的一半时，在A点沿A、B方向看去，看到桶底上的C点，C、B相距，由此可得油的折射率__________，光在油中的传播速度=_________m/s。 参考答案：     12. 地球的第一宇宙速度为V，若某行星的质量是地球的6倍，半径是地球的1.5倍，则该行星的第一宇宙速度为           。 参考答案： 2v 13. 如图为一列在均匀介质中沿x轴正方向传播的简谐横波在某时刻的波形图，波速为4m/s，则质点P此时刻的振动方向沿y轴　　　　(正，负)方向，经过s，质点Q通过的路程是　　　　　m． 参考答案： 负 ,   0.6   三、 实验题：本题共2小题，每小题11分，共计22分 14. 某研究性学习小组利用如图1所示电路测量某电池的电动势E和内电阻r．由于该电池的内电阻r较小，因此在电路中接入了一阻值为2.00Ω的定值电阻R0． ①按照实物连线图在图2虚线框内画出实验电路图： ②闭合开关S，调整电阻箱的阻值，读出电压表相应的示数U，并计算出通过电阻箱的电流数值I，为了比较准确地得出实验结论，在坐标纸中画出了如图3所示的U﹣I图象，由图象可得：E=　2.0　V，r=　0.4　Ω． 参考答案： 【考点】： 测定电源的电动势和内阻． 【专题】： 实验题；恒定电流专题． 【分析】： （1）根据实物电路图作出电路图． （2）电源U﹣I图象与纵轴交点坐标值是电源电动势，根据电路图与图2所示图象求出电源电动势与内阻． ： 解：（1）根据图1所示电路图作出实验电路图，实验电路图如图所示： （2）由图2所示电源U﹣I图象可知，图象与纵轴交点坐标值是2.0，则电源电动势E=2.0V， 图象斜率：k=r+R0===2.4，则电源内阻r=k﹣R0=0.4Ω； 故答案为：（1）图象如图所示；（2）2.0；0.4． 【点评】： 本题考查了作实验电路图、求电源电动势与内阻，分析清楚实物电路图结构是正确作出电路图的前提与关键，电源U﹣I图象与纵轴交点坐标值是电源电动势，图象斜率的绝对值是等效电源内阻，要注意：图象斜率绝对值与定值电阻阻值之差是电源内阻． 15. 如图是一个正在测量中的多用电表表盘．       ①如果用直流10 V挡测量电压，则多用电表的读数为        V；        ②如果是用直流5 mA挡测量电流，则读数为          mA．    （2）用电压表、电流表、滑动变阻器、直流电源和一只灯泡组成一电路，测得该灯泡 I—U图象如图所示，已知滑动变阻器的总电阻为25 Ω，电源电动势为6 V，且内阻不计       ①在I—U图中，BA过程灯泡电阻改变了______Ω.       ②在方框中，不改变滑动变阻器和电源位置，补充电表和灯泡符号，完成电路图，要求 滑动变阻器触头从变阻器最左端向右滑动时，灯泡两端的电压从0开始逐渐增大.       ③按你所画的电路图，用笔画线代替导线连接实物图.   参考答案： ⑴5.0 （3分）［5.00也给满分］ 2.50  ⑵①10　 （4分）   ②电路图如右图所示（4分）（电流表画成内接也得4分） ③实物连接图如下图所示（4分） 四、计算题：本题共3小题，共计47分 16. 如图甲所示，空间存在B=0.5T，方向竖直向下的匀强磁场，MN、PQ是处于同一水平面内相互平行的粗糙长直导轨，间距L=0.2m，R是连在导轨一端的电阻，ab是跨接在导轨上质量m=0.1kg的导体棒。从零时刻开始，通过一小型电动机对ab棒施加一个牵引力F，方向水平向左，使其从静止开始沿导轨做加速运动，此过程中棒始终保持与导轨垂直且接触良好。图惭是棒的v—t图象，其中OA段是直线，AC是曲线，DE是曲线图象的渐近线，小型电动机在12s末达到额定功率，P额=4.5W，此后功率保持不变。除R以外，其余部分的电阻均不计，g=10m/s2。    （1）求导体棒在0—12s内的加速度大小；    （2）求导体棒与导轨间的动摩擦因数及电阻R的阻值；    （3）若t=17s时，导体棒ab达最大速度，从0—17s内共发生位移100m，试求12—17s内，R上产生的热量是多少？ 参考答案： （1）由图知：12s末的速度为v1=9m/s，t1=12s（2分） 导体棒在0—12s内的加速度大小为=0.75m/s2（1分） （2）设金属棒与导轨间的动摩擦因素为μ.   A点：E1=BLv1（1分）     I1=（1分）     由牛顿第二定律：F1－μmg－BI1L=ma1（2分） 则P0=F1·v1（1分） C点：棒达到最大速度vm=10m/s， Em=BLvm  Im=（1分） 由牛顿第二定律：F2－μmg－BImL=0（2分） 则P额=F2·vm（1分） 联立，代入为数据解得：μ=0.2，R=0.4Ω（1分） （3）在0—12s内通过的位移：s1=（0+v1）t1=54m（1分） AC段过程发生的位移S2=100－S1=46m（1分） 由能量守恒：P0t=QR+μmg·s2=mvm2－mv12（2分） 代入数据解得：QR=12.35J（1分） 17. 如图所示，在质量为m=1kg的重物上系着一条长30cm的细绳，细绳的另