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2022-2023学年广西壮族自治区柳州市斗江中学高三数学理联考试题含解析
一、 选择题:本大题共10小题,每小题5分,共50分。在每小题给出的四个选项中,只有是一个符合题目要求的
1. 已知集合P={0,1,2},Q={y|y=3x},则P∩Q=( )
A.{0,1,2} B.{0,1} C.{1,2} D.?
参考答案:
C
考点:交集及其运算.
专题:集合.
分析:求出Q中y的范围确定出Q,找出P与Q的交集即可.
解答: 解:∵集合P={0,1,2},Q={y|y=3x}={y|y>0},
∴P∩Q={1,2},
故选:C.
点评:此题考查了交集及其运算,熟练掌握交集的定义是解本题的关键.
2. 已知,则a,b,c大小关系为( )
A. B. C. D.
参考答案:
【知识点】对数值大小的比较.B7
【答案解析】A 解析:由指数与对数的运算性质可知>1,∈(0,1);
<0,所以a>b>c;故选A.
【思路点拨】利用指数与对数的运算性质,确定a,b,c 的值的范围,然后推出结果.
3. 在等比数列中,则( )
( A ) 3 ( B ) ( C ) 3或 ( D ) 或
参考答案:
C
略
4. “”是“函数的最小正周期为”的( )
.必要不充分条件 . 充分不必要条件
.充要条件 .既不充分也不必要条件
参考答案:
B
略
5. 已知函数,,的零点分别为,,,则
参考答案:
D
略
6. 若非零向量,满足||=||,(2+)?=0,则与的夹角为( )
A.30° B.60° C.120° D.150°
参考答案:
C
【考点】数量积表示两个向量的夹角.
【专题】计算题.
【分析】由题意,可先由条件|,(2+)?=0,解出与的夹角余弦的表达式,再结合条件||=||,解出两向量夹角的余弦值,即可求得两向量的夹角,选出正确选项
【解答】解:由题意(2+)?=0
∴2?+=0,即2||||cos<,>+=0
又||=||
∴cos<,>=﹣,又0<<,><π
∴则与的夹角为120°
故选C
【点评】本题考查数量积表示两个向量的夹角,利用向量积求两向量的夹角关键是熟记公式,能从题设中得到两向量的模与两向量内积,从而得到夹角的余弦值
7. 一个工厂生产了某种产品24000件,它们来自甲、乙、丙3条生产线,现采用分层抽样的方法对这批产品进行抽样检查。已知从甲、乙、丙3条生产线依次抽取的个体数恰好组成一个等差数列,则这批产品中乙生产线的生产的产品数量是
A.12000 B.6000 C.4000 D.8000
2,4,6
参考答案:
D
8. 设集合,,则
A. B. C. D.
参考答案:
A
.
9. 在矩形ABCD中,AB=1,AD=,P为矩形内一点,且AP=.
若 (λ,μ∈R),则λ+μ的最大值为 ( )
参考答案:
B
10. 若某同学连续三次考试的名次(第一名为1,第二名为2,以此类推且没有并列名次情况)不超过3,则称该同学为班级的尖子生.根据甲、乙、丙、丁四位同学过去连续3次考试名次数据,推断一定不是尖子生的是 ( )
A.甲同学:均值为2,中位数为2 B.乙同学:均值为2,方差小于1
C.丙同学:中位数为2,众数为2 D.丁同学:众数为2,方差大于1
参考答案:
D
二、 填空题:本大题共7小题,每小题4分,共28分
11. 在中,角的对边分别为,若,,的面积,则边长为 .
参考答案:
5
略
12. 右图中的三个直角三角形是一个体积为的几何体的三视图,则h= cm
参考答案:
13. 如图,半球内有一内接正四棱锥S-ABCD,该四棱锥的体积为,则该半球的体积为 .
参考答案:
14. 若一个圆锥的轴截面是边长为的等边三角形,则这个圆锥的侧面积为 .
参考答案:
因为圆锥的轴截面是边长为的等边三角形,所以母线,底面半径。所以底面周长,所以侧面积为。
15. 已知一个半径为1m的半圆形工件,未搬动前如图所示(直径平行于地面放置),搬动时为了保护圆弧部分不受损伤,先将半圆作如图所示的无滑动翻转,使它的直径紧贴地面,再将它沿地面平移40m,则圆心O所经过的路线长是_______m.
参考答案:
略
16. 已知,则以向量为邻边的平行四边形的面积为
参考答案:
17. 把4名中学生分别推荐到3所不同的大学去学习,每个大学至少收一名,全部分完,不同的分配方案数为 .
参考答案:
36
【考点】排列、组合的实际应用.
【分析】由题意知将4名中学生分别推荐到3所不同的大学去学习,每个大学至少收一名,需要先从4个人中选出2个作为一个元素看成整体,再把它同另外两个元素在三个位置全排列,根据分步乘法原理得到结果.
【解答】解:∵将4名中学生分别推荐到3所不同的大学去学习,每个大学至少收一名,
∴先从4个人中选出2个作为一个元素看成整体,
再把它同另外两个元素在三个位置全排列,共有C24A33=36.
故答案为:36.
三、 解答题:本大题共5小题,共72分。解答应写出文字说明,证明过程或演算步骤
18. (Ⅰ)已知函数f(x)=|x+1|+|x﹣a|(a>0),若不等式f(x)≥5的解集为{x|x≤﹣2或x≥3},求a的值;
(Ⅱ) 已知实数a,b,c∈R+,且a+b+c=m,求证: ++≥.
参考答案:
【考点】R6:不等式的证明;R4:绝对值三角不等式.
【分析】(Ⅰ)化简函数f(x)=|x+1|+|x﹣a|(a>0)为分段函数,然后通过不等式f(x)≥5的解集为{x|x≤﹣2或x≥3},求a的值;
(Ⅱ)利用“1”的代换,利用基本不等式转化证明即可.
【解答】(本小题满分10分)
解:(Ⅰ) 因为a>0,所以,
又因为不等式f(x)≥5的解集为{x|x≤﹣2或x≥3},就是x=﹣2或x=3时,f(x)=5,解得a=2.
(Ⅱ)证明:
=
=
19. (本小题共13分)
已知椭圆:()的离心率,原点到过点,的直线的距离是.
⑴ 求椭圆的方程;
⑵ 若椭圆上一动点关于直线的对称点为,求的取值范围.
⑶ 如果直线()交椭圆于不同的两点,,且,都在以为圆心的圆上,求的值.
参考答案:
解: (Ⅰ)因为,,
所以 .
因为原点到直线:的距离,
解得,.
故所求椭圆的方程为.
(Ⅱ)因为点关于直线的对称点为,
所以
解得 ,.
所以.
因为点在椭圆:上,
所以.
因为, 所以.
所以的取值范围为.
(Ⅲ)由题意
消去 ,整理得
.
可知.
设,,的中点是,
则,.
所以.
所以.
即 .
又因为,
所以.所以. ………………………………13分
20. 已知椭圆的离心率为,且过点.
(1)求椭圆C的方程;
(2)过A(a,0)且相互垂直的两条直线l1,l2,与椭圆C的另一个交点分别为P,Q,问直线PQ是否经过定点?若是,求出该定点的坐标,否则,说明理由.
参考答案:
【考点】直线与椭圆的位置关系;椭圆的标准方程.
【分析】(1)由椭圆的离心率e=,将点代入椭圆方程,即可求得a和b的值求得椭圆方程;
(2)由A点坐标,当直线PQ斜率不存在时,代入椭圆方程,求得交点坐标,当直线的斜率存在时,代入椭圆方程,利用韦达定理,向量数量积的坐标运算,即可求得定点.
【解答】解:(1)由题意可知:e==,则a=c,b2=a2﹣c2=2c2,
将代入椭圆方程:,解得:c=,
∴a=3,b2=6,
∴椭圆C的方程;
(2)由A(3,0),设P(x1,y1),Q(x2,y2),
当PQ⊥x轴,不妨设两条直线l1,l2的斜率为1,﹣1,设l1:y=x﹣3,
则,整理得:5x2﹣18x+9=0,解得:x=,x=3,
直线l2:y=﹣x+3,同理可得:解得:x=,x=3,
∴直线PQ与x轴交点M(,0),
当PQ与x轴不垂直时,设PQ的方程为y=k(x﹣m),
代入椭圆方程:,整理得:(6+9k2)x2﹣18k2mx+(9k2m2﹣54)=0,
由韦达定理可知:x1+x2=,x1x2=,
由题意可知: ?=0,则(x1﹣3,y1)(x2﹣3,y2)=0,
整理得:(1+k2)x1x2﹣(3+k2m)(x1+x2)+(k2m2+9)=0,
则(1+k2)×﹣(3+k2m)()+(k2m2+9)=0,整理得:5m2﹣18m+9=0,
解得:m=或m=3,(舍去)
∴直线PQ是否经过定点M(,0).
21. 设命题p:实数x满足(x﹣a)(x﹣3a)<0,其中a>0,命题q:实数x满足.
(1)若a=1,且p∧q为真,求实数x的取值范围;
(2)若¬p是¬q的充分不必要条件,求实数a的取值范围.
参考答案:
【考点】2E:复合命题的真假;2L:必要条件、充分条件与充要条件的判断.
【分析】(1)若a=1,分别求出p,q成立的等价条件,利用且p∧q为真,求实数x的取值范围;
(2)利用¬p是¬q的充分不必要条件,即q是p的充分不必要条件,求实数a的取值范围.
【解答】解:由(x﹣a)(x﹣3a)<0,其中a>0,
得a<x<3a,a>0,则p:a<x<3a,a>0.
由解得2<x≤3.
即q:2<x≤3.
(1)若a=1,则p:1<x<3,
若p∧q为真,则p,q同时为真,
即,解得2<x<3,
∴实数x的取值范围(2,3).
(2)若¬p是¬q的充分不必要条件,即q是p的充分不必要条件,
∴,即,
解得1<a≤2.
22.
(12分)设函数f(x)=tx2+2t2x+t-1(x∈R,t>0).
(1)求f(x)的最小值h(t);
(2)若h(t)<-2t+m对t∈(0,2)恒成立,求实数m的取值范围.
参考答案:
解析:(Ⅰ),
当时,取最小值,
即.(6分)
(Ⅱ)令,
由得,(不合题意,舍去).
当变化时,的变化情况如下表:
递增
极大值
递减
在内有最大值.
在内恒成立等价于在内恒成立,
即等价于,
所以的取值范围为.(6分)
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