资源描述
四川省巴中市创新中学2022-2023学年高二物理模拟试题含解析
一、 选择题:本题共5小题,每小题3分,共计15分.每小题只有一个选项符合题意
1. (多选)(2014秋?崂山区校级期中)有一只小型直流电动机和一只白炽灯,它们的铭牌上都标有“220V 40W”的字样,现将它们并联接在电源电压为220V直流电路中,当电路接通后( )
A. 在相同的时间内发出的热量相同
B. 在相同的时间内消耗的电能相同
C. 对它们来说UI=I2R都是成立的
D. 对电动机来说不成立
参考答案:
BD
解:A、根据P=UI知,消耗的电能都为40W.电动机耗的电能转化为内能和机械能;白炽灯消耗的电能全部转化为内能.故A错误,B正确;
C、对于电动机有:UI=I2R+P机.且.故C错误,D正确;
故选:BD
2. (单选)电动势为E、内阻为r的电源与定值电阻R1、R2及滑动变阻器R连接成如图所示的电路,当滑动变阻器的触头由中点滑向b端时,下列说法正确的是( )
A.电压表和电流表读数都增大
B.电压表和电流表读数都减小
C.电压表读数增大,电流表读数减小
D.电压表读数减小,电流表读数增大
参考答案:
A
3. 如图所示,通电直导线与线圈abcd在同一平面内,则:( )
A、线圈向右平动时,感应电流沿adcb方向
B、线圈竖直向下平动,则无感应电流
C、线圈以ab边为轴转动,产生的感应电流沿adcb方向
D、线圈沿垂直纸面方向远离导线,则产生的感应电流沿abcd方向
参考答案:
BD
4. 在真空中有两个点电荷,二者的距离保持一定。若把它们各自的电量都增加为原来的3倍,则两电荷的库仑力将增大到原来的 ( )
A.3倍 B.6倍 C.9倍 D.1/3倍
参考答案:
C
5. 如图中,若质点在A对应的时刻,则其速度v、加速度a的大小的变化情况为
A.v变大,a变大 B.v变小,a变小
C.v变大,a变小 D.v变小,a变大
参考答案:
C
二、 填空题:本题共8小题,每小题2分,共计16分
6. 某实验小组利用下图甲所示器材测量滑块与木板之间的动摩擦因素。
实验步骤:
①用弹簧秤测量橡皮泥和滑块的总重力,记作G;
②将装有橡皮泥滑块放在水平木板上,通过水平细绳和固定弹簧秤相连,如图所示。在A端向右水平拉动木板,待弹簧秤示数稳定后,将读数记作F;
③改变滑块上橡皮泥的质量,重复步骤①②;
实验数据如下表所示:
次数
力
1
2
3
4
5
6
G/N
1.50
2.00
2.50
3.00
3.50
4.00
F/N
0.59
0.83
0.99
1.22
1.37
1.61
(1)根据表中数据在图乙坐标纸上作出F-G图线___________。
(2)由图线求得滑块和木板间的动摩擦因数μ=________(保留两位有效数字)。
(3)在A端向右水平拉动木板速度的大小对动摩擦因数的测量____________(选填“会”或“不会”)产生影响。
参考答案:
(1). (1)[Failed to download image : null]; (2). (2)0.39~0.41 (3). (3)不会
【详解】(1)根据表格中的数据在坐标纸上作出F-G图线。如图所示。
(2)由题意可知,稳定时,弹簧秤的示数等于滑块与木板间的滑动摩擦力,根据 知,图线的斜率等于滑块与木板间的动摩擦因数,则 。
(3)滑动摩擦力与相对速度无关,则在A端向右水平拉动木板速度的大小对动摩擦因数的测量不会产生影响。
7. 已知氘核()质量为2.0136u,中子()质量为1.0087u,氦核(He)质量为3.0150u,1u相当于931.5MeV.
(1)写出两个氘核聚变成He的核反应方程;
(2)计算上述核反应中释放的核能(保留三位有效数字);
(3)若两个氘核以相同的动能0.35MeV做对心碰撞即可发生上述反应,且释放的核能全部转化为机械能,则反应后生成的氦核(He)和中子(n)的速度大小之比是多少?
参考答案:
解:(1)核反应方程为:2→+.
(2)由题给条件得核反应中质量亏损为:△m=2.0136u×2﹣(3.0150+1.0087)u=0.0035u
所以释放的核能为:△E=△mc2=931.5×0.0035MeV=3.26 MeV.
(3)因为该反应中释放的核能全部转化为机械能﹣﹣即转化为He核和中子的动能.
设氦3和中子的质量分别为m1、m2,速度分别为υ1、υ2,
则由动量守恒及能的转化和守恒定律,得:
m1υ1﹣m2υ2=0
Ek1+Ek2=2Ek0+△E
解方程组,可得:
因为氦3和中子的质量比为3:1,则.
答::(1)核反应方程为:2→+.
(2)上述核反应中释放的核能为3.26MeV.
(3)反应后生成的氦核(He)和中子(n)的速度大小之比是1:3.
8. 如图所示,某变压器有两个线圈,如果把它当作降压变压器,则线圈_______接电源,原副线圈两端电压之比是_______;把它当作升压变压器,则线圈_______接电源,原、副线圈两端电压之比是_______。
参考答案:
9. 14.氢原子的能级如图所示,当氢原子从n=4向n=2的能级跃迁时,辐射的光子照射在某金属上,刚好能发生光电效应,则该金属的逸出功为 eV。现有一群处于n=4的能级的氢原子向低能级跃迁,在辐射出的各种频率的光子中,能使该金属发生光电效应的频率共有 种。
参考答案:
2.55 4
10. 一个物体从静止开始做匀加速直线运动,加速度为3m/s2,则物体在第2秒末的速度大小是 m/s,2秒内的位移大小是 m.
参考答案:
6,6
【考点】匀变速直线运动的位移与时间的关系;匀变速直线运动的速度与时间的关系.
【分析】物体做初速度为零的匀加速直线运动,根据速度公式求解速度,根据位移公式求解位移.
【解答】解:物体做初速度为零的匀加速直线运动,2s末时的速度:
v=at=3×2=6m/s
前4s的位移:
x===6m
故答案为:6,6
11. 下图是交流发电机的示意图。为了清楚,老师只画出了一匝线圈(实际共有N匝)。线圈AB边(长l1)连在金属环K上,CD边(长也为l1)连在滑环L上;导体做的两个电刷E、F分别压在两个滑环上,线圈在转动时可以通过滑环和电刷保持与外电路的连接。假定线圈沿逆时针方向以角速度ω0匀速转动,如图甲至丁。(左边为N极,右边为S极;外面是K环,里面是L环)
那么:(1)线圈转到上述图示的 位置时,线圈中电流最大;
(2)线圈由丙转到丁的过程中,AB边中电流的方向 ;
(3)当AD边和BC边长均为l2,磁场可视为磁感应强度B的匀强磁场,整个电路总电阻设为R,以丙图位置计时t=0,则线圈中电流随时间变化的规律为i= .
参考答案:
(1) 乙和丁 ;(2) A→B (3) i=(+/-)(NBl1l2ω0/R)sinω0t
12. 面积0.5m2的闭合导线环处于磁感应强度为0.4T的匀强磁场中,当磁场与环面垂直时,穿过环面的磁通量是 Wb;将导线环转动,当线圈平面与磁场方向成60°时,穿过环面的磁通量为 Wb。
参考答案:
13. (4分)质量为50kg的人走上一个长150m、倾角为30o的坡路顶端,他克服重力做了 J的功;他的重力势能增加了 J。(取g=10m/s2)。
参考答案:
3.75×104;3.75×104
三、 实验题:本题共2小题,每小题11分,共计22分
14. 如图甲是某金属材料制成的电阻R随摄氏温度t变化的图象,图中R0表示该电阻在0℃时的电阻值,已知图线的斜率为k 。若用该电阻与电池(电动势为E、内阻为r)、理想电流表A、滑动变阻器R′ 串联起来,连接成如图乙所示的电路。用该电阻做测温探头,把电流表A的电流刻度改为相应的温度刻度,就得到了一个简单的“金属电阻温度计”。
(1)根据图甲,温度为t(t>0℃)时电阻R的大小为______________。
(2)在标识“金属电阻温度计”的温度刻度时,需要弄清所测温度和电流的对应关系。请用E、R0、R′(滑动变阻器接入电路的阻值)、k等物理量表示待测温度t与电流I的关系式t=_____________________。
参考答案:
① ②
15. 某同学利用图甲所示的实验装置,探究物块在水平桌面上的运动规律。物块在重物的牵引下开始运动,重物落地后,物块再运动一段距离停在桌面上(尚未到达滑轮处)。从纸带上便于测量的点开始,每5个点取1个计数点,相邻计数点间的距离如图乙所示。打点计时器电源的频率为50Hz。
①通过分析纸带数据,可判断物块在相邻计数点 和 之间某时刻开始减速。
②计数点5对应的速度大小为 m/s,计数点6对应的速度大小为 m/s。(保留三位有效数字)。
③物块减速运动过程中加速度的大小为a= m/s2,若用来计算物块与桌面间的动摩擦因数(g为重力加速度),则计算结果比动摩擦因数的真实值 (填“偏大”或“偏小”)。
参考答案:
①由于计数点前后的间隔距离都小于它们的间隔距离,说明计数点6之前物块在加速,计数点7之后物块在减速,则开始减速的时刻在6和7之间。答案6;7
②计数点5对应的速度等于4和6间的平均速度
m/s,同理 m/s,又可解得计数点6对应的速度大小为1.20 m/s。
③在减速阶段cm,则加速度为m/s2。在减速阶段产生加速度的力是滑动摩擦力和纸带受到的阻力,所以计算结果比动摩擦因数的真实值 “偏大”。
四、计算题:本题共3小题,共计47分
16. 如图,质量分别为m1=1.0kg和m2=2.0kg的弹性小球a、b,用轻绳紧紧的把它们捆在一起,使它们发生微小的形变.该系统以速度v0=0.10m/s沿光滑水平面向右做直线运动.某时刻轻绳突然自动断开,断开后两球仍沿原直线运动.经过时间t=5.0s后,测得两球相距s=4.5m,求:
(i)刚分离时a、b两小球的速度大小v1、v2;
(ii)两球分开过程中释放的弹性势能Ep.
参考答案:
解:(1)系统动量守恒,以向右为正方向,
由动量守恒定律得:(m1+m2)v0=m1v1+m2v2,
位移:s=v1t﹣v2t,代入数据解得:
v1=0.70m/s,v2=﹣0.20m/s,符号表示速度方向与正方向相反;
(2)由能量守恒定律得:
(m1+m2)v02+EP=m1v12+m2v22 ⑤
代入数据解得:Ep=0.27J;
答:(i)刚分离时a、b两小球的速度大小v1、v2分别为:0.7m/s、0.2m/s;
(ii)两球分开过程中释放的弹性势能Ep为0.27J.
【考点】动量守恒定律;机械能守恒定律.
【分析】(1)系统动量守恒,应用动量守恒定律可以求出速度.
(2)应用能量守恒定律可以求出弹性势能.
17. 如图所示,质量为、电荷量为的带电小球拴在一不可伸长的绝缘轻细绳一端,绳的另一端固定于O点,绳长为。现在该空间加一个大小为、方向水平向右的匀强电场。已知重力加速度为。求:
(1)若将小球拉起至与O点等高的B点后无初速释放,到达A处时动能最大,则OA与竖直线OC的夹角多大?
(2)若将小球拉起至与O点等高的B点后无初速释放,则小球经过最低点
展开阅读全文
温馨提示:
金锄头文库所有资源均是用户自行上传分享,仅供网友学习交流,未经上传用户书面授权,请勿作他用。
相关搜索